《安徽省定遠重點中學2017-2018學年高一物理上學期期末考試試題（含解析）.doc-匯文網(wǎng)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《安徽省定遠重點中學2017-2018學年高一物理上學期期末考試試題（含解析）.doc-匯文網(wǎng)（17頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、安徽省定遠重點中學2017-2018學年高一上學期期末考試物理試題一、選擇題1. 如圖所示，質點a、b在直線PQ上，質點a由P點出發(fā)沿PQ方向向Q做初速度為零的勻加速直線運動當質點a運動的位移大小為x1時，質點b從Q沿QP方向向P點做初速度為零的勻加速直線運動，當b的位移為x2時和質點a相遇，兩質點的加速度大小相同，則PQ距離為（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】質點a經(jīng)過時間t1運動位移x1，再經(jīng)過t2相遇，則時間t1末質點a的速度為at1質點a的位移： 質點b的位移：，兩式相除可知： 質點a在t2運動位移為：，所以PQ之間的距離為：故B正確；綜上所述本題答案是：B2. 如圖所示

2、，斜面小車M靜止在光滑水平面上，一邊緊挨著墻壁現(xiàn)再在斜面上放一個物體m，當m相對于M勻速下滑時，小車受力的個數(shù)為（ ）A. 3 B. 4 C. 5 D. 6【答案】B【解析】試題分析：先對物體m受力分析，因m勻速下滑，故m一定受到摩擦力；故m受到重力、支持力和靜摩擦力；再對M受力分析，受重力、m對它的垂直向下的壓力和沿斜面向下的靜摩擦力，同時地面對M有向上的支持力；因M不受向右的力，故墻壁對小車不會有力的作用；故共受到4個力；故選：B3. 如圖所示，物體A在與水平方向成角斜向下的推力作用下，沿水平地面向右勻速運動，若推力變小而方向不變，則物體A將（ ）A. 向右加速運動B. 仍向右勻速運動C.

3、 向右減速運動D. 向左加速運動【答案】C【解析】試題分析：物體A在與水平方向成角斜向下的推力作用下，沿水平地面向右勻速運動，知合力為零，有：，當推力減小，因為，則合力增大，方向水平向左，根據(jù)牛頓第二定律，有水平向左的加速度，加速度的方向與速度的方向反向，則物體向右做減速運動，故C正確，A、B、D錯誤?？键c：牛頓第二定律、共點力平衡的條件及其應用【名師點睛】對A進行受力分析，開始做勻速直線運動，合力為零，當推力變小，則合力變大，根據(jù)牛頓第二定律確定加速度的方向，根據(jù)加速度方向與速度的方向關系確定物體的運動。4. 兩個物體A和B的質量依次分別為m1、m2.，它們靠在一起放在光滑水平桌面上.給它們

4、同時施加如圖所示的水平推力2F和F，則A、B之間彈力的大小為（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】根據(jù)牛頓第二定律對整體有： 方向水平向右對物體B：FN-F-=m2a聯(lián)立得： ,故ABC錯誤，D正確；故選D點睛：本題是連接體問題，考查靈活選擇研究對象的能力，往往用整體法求加速度，而求內(nèi)力時必須用隔離法.5. 如圖所示，水平繃緊的傳送帶AB長L=6m，始終以恒定速率V1=4m/s運行初速度大小為V2=6m/s的小物塊（可視為質點）從與傳送帶等高的光滑水平地面上經(jīng)A點滑上傳送帶小物塊m=lkg，物塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)=0.4，g取10m/s2下列說法正確的是（ ）A. 小物塊可以到達B

5、點B. 小物塊不能到達B點，但可返回A點，返回A點速度為6m/sC. 小物塊向左運動速度減為0時相對傳送帶滑動的距離達到最大D. 小物塊在傳送帶上運動時，因相互間摩擦力產(chǎn)生的熱量為50J【答案】D【解析】試題分析：物體由于慣性沖上皮帶后，從右端滑上傳送帶時，可以先勻減速運動到速度為0再反向加速后勻速，也可以一直減速，分情況進行討論即可解題解：小物塊在水平方向受到摩擦力的作用，f=mg，產(chǎn)生的加速度：A、若小物塊從右端滑上傳送帶后一直做勻減速運動，速度減為零時的位移是x，則，得：，所以小物塊不能到達B點，故A錯誤；B、小物塊不能到達B點，速度減為零后反向做勻加速運動，當速度等于傳送帶速度v1后勻

6、速運動，返回A點速度為4m/s故B錯誤；C、小物塊不能到達B點，速度減為零后反向做勻加速運動加速的過程相對于初速度繼續(xù)向左運動，所以小物塊向左運動速度減為0時相對傳送帶滑動的距離沒有達到最大，故C錯誤；D、小物塊向右加速的過程中的位移：m，當速度等于傳送帶速度v1時，經(jīng)歷的時間：s，該時間內(nèi)傳送帶的位移：s=v1t=42.5m=10m，所以小物塊相對于傳送帶的位移：x=s+（xx）=10+（4.52）=12.5m小物塊在傳送帶上運動時，因相互間摩擦力產(chǎn)生的熱量為：Q=fx=0.410112.5J=50J故D正確故選：D【點評】本題關鍵是對于物體運動過程分析，物體可能一直減速，也有可能先減速后勻

7、速運動，也可能先減速后加速再勻速運動，難度適中6. 如圖所示,物塊A放在直角三角形斜面體B上面,B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁,初始時A、B靜止;現(xiàn)用力F沿斜面向上推A,但A、B仍未動。則施力F后,下列說法正確的是（ ）A. 彈簧彈力一定不變B. B與墻面的彈力可能不變C. B與墻之間可能沒有摩擦力D. A、B之間的摩擦力一定變大【答案】A【解析】對整體分析，由于AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力，故A正確C錯誤；以整體為研究對象，開始時B與墻面的彈力為零，后來加F后，彈力為

8、，彈力變化，B錯誤；對A，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為，若，則A、B之間的摩擦力大小可能不變，D錯誤7. 如圖所示，自由下落的小球，從它接觸豎直放置的彈簧開始到彈簧壓縮到最大程度的過程中，小球的速度和加速度的變化情況（ ）A. 加速度變大，速度變小B. 加速度變小，速度變大C. 加速度先變小后變大，速度先變大后變小D. 加速度先變小后變大，速度先變小后變大【答案】C【解析】試題分析：本題要正確分析小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，即可求出小球合外力的變化情況，進一步根據(jù)牛頓第二定律得出加速度變化，從而明確速度的變化情況解：開始階

9、段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大小：F=mgkx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續(xù)向下運動，此時合外力大小為：F=kxmg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大故整個過程中加速度先變小后變大，速度先變大后變小，故ABD錯誤，C正確故選：C【點評】本題考查了牛頓第二定律的綜合應用，學生容易出錯的地方是：認為物體一接觸彈簧就減速對彈簧的動態(tài)分析也是學生的易錯點，在學習中要加強這方面的練習8. 如圖所示

10、，重為100N的物體在水平向左的力F=20N作用下，以初速度v0沿水平面向右滑行已知物體與水平面的動摩擦因數(shù)為0.2，則此時物體所受的合力為（ ）A. 0 B. 40N，水平向左 C. 20N，水平向右 D. 20N，水平向左【答案】B.根據(jù)受到的力求出物體的合力解：對物體進行受力分析，豎直方向：受重力和支持力，二力平衡水平方向：受水平向左的拉力F，水平向左的摩擦力f，f=N=20N此時物體所受的合力為F合=F+f=40N，方向水平向左故選：B【點評】本題中容易出錯的地方是受外力F的干擾，畫錯滑動摩擦力的方向，我們要正確根據(jù)相對運動方向找出滑動摩擦力的方向9. 以下說法符合歷史事實的是（）A.

11、 亞里士多德認為物體的自然狀態(tài)是靜止的，只有當它受到力的作用時才會運動B. 伽利略通過理想斜面實驗得出結論：認為力不是維持物體運動的原因C. 牛頓認為力的真正效果是改變物體的速度，而不僅僅是使之運動D. 物體的慣性大小不但和物體的質量有關，也和它的運動狀態(tài)有密切的關系【答案】ABCB項：伽利略通過理想斜面實驗得出結論：認為力不是維持物體速度的原因，而是改變速度的原因，故B正確；C項：牛頓提出牛頓第一定律，指出力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故C正確；D項：慣性是物體固有的屬性，慣性跟質量有關，質量越大，慣性越大，和物體的運動狀態(tài)無關，故D錯誤；力是改變速度的原因，而不是改變速度的原因；物體保持原來

12、的速度不變的性質叫做慣性，慣性大小的唯一量度是質量10. 在一次救災活動中,一輛救災汽車由靜止開始做勻變速直線運動,剛運動了8 s,由于前方突然有巨石滾下,堵在路中央,所以又緊急剎車,勻減速運動經(jīng)4 s停在巨石前。則關于汽車的運動情況,下列說法正確的是()A. 加速、減速中的加速度大小之比a1a2=21B. 加速、減速中的平均速度大小之比=11C. 加速、減速中的位移之比s1s2=21D. 加速、減速中的加速度大小之比a1a212【答案】BC【解析】設加速階段的末速度為v，則加速階段的加速度大小為，減速階段的加速度大小，則加速度大小之比為1：2故AD錯誤根據(jù)勻變速直線運動的平均速度公式得，加速

13、階段和減速階段的平均速度之比為1：1故B正確根據(jù)x=t，知加速階段和減速階段的位移之比為2：1故C正確故選BC11. 如圖所示，位于斜面上的物塊M在沿斜面向上的力F作用下，處于靜止狀態(tài)，則斜面作用于物塊的靜摩擦力( )A. 方向一定沿斜面向下B. 方向可能沿斜面向下C. 大小可能等于零D. 大小不可能等于F【答案】BC【解析】以物塊M為研究對象進行受力分析可知，物塊M受豎直向下的重力、垂直斜面向上的彈力FN、平行斜面向上的力F以及平行于斜面方向的靜摩擦力，如圖所示(靜摩擦力未畫出)靜摩擦力的方向與相對運動趨勢方向相反，但這里無法直接確定，則可假設斜面光滑，此時物塊向上還是向下運動取決于沿斜面方

14、向向上的力F及沿斜面向下的重力的分力的大小當時，物塊有向上運動的趨勢，此時靜摩擦力應沿斜面向下，B正確當時，無相對運動趨勢，此時靜摩擦力為零，C正確當時，物塊有向下運動的趨勢，此時靜摩擦力沿斜面向上，A錯誤當時，靜摩擦力等于且方向沿斜面向上，D錯誤12. 在水平地面上以30m/s的初速度將物體豎直上拋，不計空氣阻力，（g取10m/s2），則下列說法正確的是( )A. 物體從拋出到落回地面的過程中速度的變化量為0B. 物體從拋出到落回地面的過程中平均速度為15m/sC. 物體上升的最大高度為45mD. 物體向上運動到距拋出點25m的時間是1s【答案】CD【解析】由于不計空氣阻力的上拋運動，物體從

15、拋出到落回地面之間無能量損失，即物體從拋出到落回地面的過程中速度的大小相等，方向相反，所以速度的變化量不為0，故A錯誤；因為位移為0，所以平均速度為0，故B錯誤；根據(jù)速度位移公式可得上升的最大高度為：，故C正確；根據(jù)位移時間公式 ，代入數(shù)據(jù)可得物體上升到距拋出點25m的時間是：t=1s，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。13. 某緩沖裝置可抽象成圖所示的簡單模型。其中k1 、k2為原長相等，勁度系數(shù)不同的輕質彈簧。下列表述正確的是（ ）A. 緩沖效果與彈簧的勁度系數(shù)無關B. 墊片向右移動時，兩彈簧產(chǎn)生的彈力大小相等C. 墊片向右移動時，兩彈簧的長度保持相等D. 墊片向右移動時，兩彈簧的形變量不

16、相同【答案】BD【解析】試題分析：勁度系數(shù)太大或者太小，緩沖效果都不是很好，所以緩沖效果與勁度系數(shù)有關，A錯誤；墊片向右移動時壓縮彈簧，墊片對彈簧1的彈力等于彈簧1對彈簧2的力，所以兩個彈簧產(chǎn)生的彈力大小相等，B正確；由于兩個彈簧彈力F相等而勁度系數(shù)K不相等，據(jù)可知，彈簧形變量不相等，則彈簧的長度也不相等，C錯誤；D正確；故選BD?？键c：彈簧的彈力?！久麕燑c睛】本題關鍵明確兩個彈簧是串聯(lián)關系，彈力相等，然后結合胡克定律進行分析。14. 雨滴從高空由靜止下落，由于空氣阻力作用，其加速度逐漸減小，直到為零，在此過程中雨滴的運動情況是（ ）A. 速度不斷減小，加速度為零時，速度最小B. 速度一直保持

17、不變C. 速度不斷增大，加速度為零時，速度最大D. 速度的變化率越來越小，最后勻速?！敬鸢浮緾D【解析】解： 雨滴的加速度方向與速度方向相同,所以雨滴做加速度逐漸減小的加速運動,當加速度減小到零時,雨滴的速度最大,之后做勻速直線運動,選項A、B錯誤,C 正確;加速度的大小反映速度變化的快慢,加速度越來越小,則速度變化得越來越慢,選項D正確.15. 如圖所示，建筑工人通過由一個動滑輪和一個定滑輪組成的滑輪組將一重物緩慢吊起，在此過程中，如果不計滑輪與繩的重力及摩擦，則（ ）A. 繩子的張力逐漸變大B. 繩子的張力先變大后變小C. 人對地面的壓力逐漸變小D. 人對地面的壓力逐漸變大【答案】AC【解

18、析】物體和動滑輪組成的相同受三個力，重力和兩個拉力，三力平衡，兩個拉力的合力與重力平衡；兩個拉力合力一定，在物體向上運動的過程中，夾角不斷增大，由平行四邊形定則可知，拉力不斷增大；故A正確，B錯誤；以人為研究對象，可知人受到重力、繩子的拉力以及地面的支持力，由共點力平衡可知，人受到的重力與地面的支持力、繩子拉力的合力是平衡力由于繩子的拉力增大，所以人對地面的壓力逐漸變小故C正確，D錯誤故選AC點睛：本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答；本題關鍵記住“

19、將一個力分解為等大的兩個分力，兩個分力的夾角越大，分力越大”的結論二、實驗題16. 在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中某同學的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩.圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結果畫出的圖。（1）_是力F1和F2的合力的實際測量值。（2）在實驗中，如果將細繩也換成橡皮筋，那么實驗結果是否會發(fā)生變化？答：_。（選填“變”或“不變”）（3）本實驗采用的科學方法是_A理想實驗法 B等效替代法C控制變量法 D建立物理模型法【答案】 (1). F (2). 不變 (3). B【解析】（1）F1與F2合成的理論值是通過平行四邊形定則算出的值，而

20、實際值是單獨一個力拉O點的時的值，因此F是F1與F2合成的理論值，F(xiàn)是F1與F2合成的實際值（2）由于O點的作用效果相同，將兩個細繩套換成兩根橡皮條，不會影響實驗結果（3）本實驗采用的科學方法是等效替代法，故選B.點睛：本實驗采用的是“等效替代”的方法，即一個合力與幾個分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明確“理論值”和“實驗值”的區(qū)別17. 將橡皮筋的一端固定在A點，另一端拴上兩根細繩，每根細繩分別連著一個量程為5N、最小刻度為0.1N的彈簧測力計。沿著兩個不同的方向拉彈簧測力計。當橡皮筋的活動端拉到O點時，兩根細繩相互垂直，如圖所示。這時彈簧測力計的讀數(shù)可從圖中讀出。(1)由圖可讀得兩個

21、相互垂直的拉力的大小分別為_N和_N。(只須讀到0.1N)(2)在本題的虛線方格紙上按作圖法的要求畫出這兩個力及它們的合力_。（作圖時將所有力的作用點平移到O點）【答案】 (1). 4.0N (2). 2.5N (3). 如圖；4.7N【解析】(1)由圖可知,彈簧秤的最小分度為0.1N，因只須讀到0.1N，則兩拉力分別為4.0N和2.5N.(2) 由上圖得出兩力的方向，取如圖所示的兩格表示0.5N,則可得出F1、F2；作出平行四邊形，則其對角線的長度表示力的大小，箭頭的指向表示力的方向，故兩個力及它們的合力圖示如下所示：點睛：先得出彈簧秤的最小分度，再由指針的位置讀出拉力的示數(shù)；畫力的圖示應注

22、意先選擇合適的標度，再由標度表示出力的大小，由細線的方向得出力的方向；根據(jù)作圖的方法作圖即可18. 下圖為“研究勻變速直線運動的規(guī)律”的裝置，已知打點計時器打點周期，請完成以下問題：（1）關于本實驗的說法正確的是_A本實驗應在釋放小車之前接通打點計時器的電源B電火花計時器和電磁打點計時器接到交流和直流電源上均可工作C電火花計時器和電磁打點計時器工作電壓相同D電火花計時器和電磁打點計時器工作頻率相同E紙帶上若相鄰兩個計數(shù)點之間有n個打點計時器打出的點，則對應兩計數(shù)點間的時間為秒F砝碼盤中的砝碼個數(shù)越多，釋放小車后在紙帶上打點個數(shù)越多（2）如圖所示為打出的一條紙帶的一部分，0、1、2、3為計數(shù)點，

23、相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點未畫出。從紙帶上測出， ，則打計數(shù)點1時的速度表達式_（用、T表示），小車加速度大小_。（3）若算出了幾個計數(shù)點的瞬時速度，建立坐標系，畫出的圖像如圖所示，根據(jù)圖像可得出小車運動的加速度為_， 內(nèi)小車通過的位移大小_?！敬鸢浮?(1). （1）AD； (2). （2）； (3). 1.1m/s2 (4). （3）1.0m/s2 (5). 0.12m【解析】試題分析：（1）開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放小車，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓小車運動，再接通打點計時時器的電源，由于小車運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差，故A正

24、確；電火花計時器和電磁打點計時器只能接到交流電源上，故選項B錯誤；電火花計時器工作電壓為，電磁打點計時器工作電壓為以下，故選項C錯誤；電火花計時器和電磁打點計時器工作頻率相同，都為，故選項D正確。紙帶上若相鄰兩個計數(shù)點之間有n個打點計時器打出的點，則對應兩計數(shù)點間的時間為秒，故選項E錯誤；砝碼盤中的砝碼個數(shù)越多，釋放小車運動的越快，則在紙帶上打點個數(shù)越少，故選項F錯誤。（2）由于相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，。根據(jù)勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大小，。（3）根據(jù)圖象求出圖形的斜率，所以小車加速度；

25、內(nèi)小車通過的位移大小等于圖像組成的圖形的面積，則?？键c：測定勻變速直線運動的加速度【名師點睛】要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用。三、解答題19. 跳傘運動員做低空跳傘表演，他離開飛機后先做自由落體運動，當距離地面 125 m時打開降落傘，傘張開后運動員就以14.3 m/s2的加速度做勻減速運動，到達地面時速度為5 m/s，問：（1）運動員離開飛機時距地面的高度為多少?（2）離開飛機后，經(jīng)過多少時間才能到達地面?（g=10 m/s2）【答案】（1）305m（2）9.85s【解析】(1)由=2gx1可得運動員打開傘時的速度為v1=60 m

26、/s運動員打開傘后做勻減速直線運動，由=2ax2可求得運動員打開傘后運動的位移x2=125 m,運動員離開飛機時距地面高度：x=x1+x2=305 m。(2)自由落體運動的時間為：t1=6 s打開傘后運動的時間為：t2=3.85 s,離開飛機后運動的時間為：t=t1+t2=9.85 s。點睛：解決本題的關鍵知道運動員在整個過程中的運動規(guī)律，結合勻變速直線運動的運動學公式靈活求解，難度不大20. 如圖甲所示，用大型貨車運輸規(guī)格相同的圓柱形水泥管道，貨車可以裝載兩層管道，底層管道固定在車廂里，上層管道堆放在底層管道上，如圖乙所示已知水泥管道間的動摩擦因數(shù)=，貨車緊急剎車時的加速度大小為8m/s2每

27、根鋼管道的質量m=1500kg，重力加速度取g=10m/s2，求：（1）貨車沿平直路面勻速行駛時，乙圖中管A、B之間的彈力大??；（2）如果貨車在水平路面上勻速行駛的速度為43.2km/h，要使貨車在緊急剎車時上管道不撞上駕駛室，最初堆放時上層管道最前端應該離駕駛室的最小距離【答案】（1）5000N（2）1.8m【解析】試題分析：對上層管道受力分析，根據(jù)力的平衡條件即可求出管A、B之間的彈力大??；先根據(jù)牛頓第二定律求出上層管道的加速度，然后根據(jù)的變形公式分別表示出上層管道在急剎車及貨車停下后運動的總距離和貨車的剎車距離，二者之差即為最初堆放時上層管道最前端應該離駕駛室的最小距離。（1）上層管道橫

28、截面內(nèi)的受力分析，其所受支持力為FN，如圖所示：在豎直方向有：2FNcos30-mg=0解得：（2）由題意知，緊急剎車時上層管道受到兩個滑動摩擦力減速，根據(jù)牛頓運動定律：2FN=ma1代入數(shù)據(jù)解得：貨車緊急剎車時的加速度為：a2=8m/s2根據(jù)速度位移公式可得貨車的剎車距離：上層管道在急剎車及貨車停下后運動的總距離：上層管道相對于貨車滑動的距離：x=x1x2聯(lián)立以上并代入數(shù)據(jù)解得：x=1.8m點睛：本題主要考查了相對運動問題，正確受力分析及靈活運用運動學公式來求解相關的位移，其次關鍵是尋找兩者位移之間的關系。21. 如圖所示，傾角為30的光滑斜面與粗糙的水平面平滑連接現(xiàn)將一滑塊(可視為質點)從

29、斜面上A點由靜止釋放，最終停在水平面上的C點已知A點距水平面的高度h0.8 m，B點距C點的距離L2.0 m(滑塊經(jīng)過B點時沒有能量損失，g取10 m/s2)，求：(1)滑塊在運動過程中的最大速度的大??；(2)滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)；(3)滑塊從A點釋放后，經(jīng)過時間t1.0 s時速度的大小【答案】（1）4 m/s.（2）0.4.（3）3.2 m/s.【解析】(1)滑塊先在斜面上做勻加速運動，然后在水平面上做勻減速運動，設滑塊在斜面上的加速度為a1，滑塊運動到B點時速度大小為vm，則：mgsin 30ma1 ，解得vm4 m/s.(2)設滑塊在水平面上運動的加速度大小為a2，則：mgma2v2a2L，解得0.4.(3)滑塊在斜面上運動的時間為t1，有vma1t1，解得t10.8 s由于tt1，故滑塊已經(jīng)經(jīng)過B點，做勻減速運動的時間為tt10.2 s設t1.0 s時速度大小為v，有vvma2(tt1)，解得v3.2 m/s.