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1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、

2、一石塊從樓房陽臺邊緣向下做自由落體運動，到達地面，把它在空中運動的時間分為相等的三段，如果它在第一段時間內(nèi)的位移是，那么它在第三段時間內(nèi)的位移是（）A.B.C.D.2、下列物理量中，屬于標量的是（ ）A.位移B.速率C.速度D.加速度3、2018年中國比任何其他國家發(fā)射更多進入軌道的火箭，截至本月中句，今年中國已成功完成35次發(fā)射2018年10月某一天，一枚火箭攜帶一顆小衛(wèi)星從酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心升空，此火箭由地面豎直向上發(fā)射，其vt圖象如圖所示，則（）A.火箭在t2t3時間內(nèi)向下運動B.火箭運動過程中的最大加速度大小為C.火箭上升階段的平均速度大小為v2D.火箭能上升的最大高度為4v1t14、小

3、明從某地打車到車站接人后返回出發(fā)地，司機打出全程的發(fā)票如圖所示，下列說法正確的是（ ）A.11：26指時間B.出租車的位移大小為23.0kmC.出租車的平均速度是0D.出租車的平均速度是46km/h5、一個小球從2 m高處落下，被地面彈回，在1 m高處被接住，則小球在這一過程中（）A.位移大小是3 mB.位移大小是1 mC.位移大小是2 mD.路程是2 m6、汽車的百公里加速時間指的是汽車從靜止加速到100 km/h所用的時間，是衡量汽車性能的一項重要指標下表是幾款汽車的百公里加速時間，請選出平均加速度最大的汽車（）A.寶馬M3B.奧迪R8C.奔馳SLRD.凱迪拉克7、(多選)若在某次軍事演習

4、中，某空降兵從懸停在高空中的直升機上跳下，從跳離飛機到落地的過程中沿豎直方向運動的vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是()A.010 s內(nèi)空降兵運動的加速度越來越大B.010 s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受重力大于空氣阻力C.1015 s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受的空氣阻力越來越小D.1015 s內(nèi)空降兵加速度越來越大8、某同學站在電梯地板上，利用速度傳感器和計算機研究一觀光電梯升降過程中的情況，如圖所示的vt圖象是計算機顯示的觀光電梯在某一段時間內(nèi)的速度變化情況（向上為正方向）。根據(jù)圖象提供的信息，可以判斷下列說法中正確的是()A.05 s內(nèi)，觀光電梯在加速上升，該同學處于失重狀態(tài)B.510 s內(nèi)

5、，觀光電梯勻速上升，該同學既不超重也不失重C.1020 s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學處于失重狀態(tài)D.2025 s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學處于失重狀態(tài)9、如圖，水平地面上有標號為“1”“2”“3”“4”的四個相同物塊，在推力F的作用下，四個物塊一起在水平面上做勻加速直線運動，則（）A.如果水平面光滑，物塊“2”對物塊“3”的作用力為B.如果水平面光滑，物塊“1對物塊“2”的作用力為C.如果水平面粗糙，物塊“2對物塊“3”的作用力為D.如果水平面粗糙，在不知道動摩擦因數(shù)的情況下，無法計算物塊物塊“2”對物塊“3”的作用力10、如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的甲、乙兩木塊之間壓縮一輕彈簧，

6、用細線拉緊，豎直放置在水平地面上當整個裝置處于靜止狀態(tài)時，彈簧豎直，細線的拉力大小為F將細線剪斷的瞬間，下列說法中正確的是A.甲的加速度大小為B.甲的加速度大小為C.乙對地面的壓力大小為(m1+m2)g+FD.地面對乙的支持力大小為(m1+m2)g11、如圖所示，小熊貓正在劃船前進，則下列說法中正確的是（）A.使船前進的力的施力物體是船槳B.用槳向后劃水，船就向前運動，說明物體間力的作用是相互的C.小熊貓對船的壓力和船對小熊貓的支持力是一對平衡力D.小船漂浮，小船受到的浮力大小等于小熊貓和船的總重力12、如圖所示，表示一物體在04 s內(nèi)做勻變速直線運動的vt圖象根據(jù)圖象，以下說法正確的是（）A

7、.物體始終沿正方向運動B.物體先向負方向運動，在t2 s后開始向正方向運動C.物體在整個運動過程中加速度一直不變D.物體在t2 s前位于出發(fā)點負方向上，在t2 s后位于出發(fā)點正方向上二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖所示某同學將力傳感器固定在小車上，然后把繩的一端固定在傳感器的所示某同學將力傳感器固定在小車上，然后把繩的一端固定在傳感器的掛鉤上，用來測量繩對小車的拉力，探究所示某同學將力傳感器固定在小車上，然后把繩的一端固定在傳感器的在小車及傳感器總質(zhì)量不變時加速度跟它們所受拉力的關系，根據(jù)所測數(shù)據(jù)在坐標系中作出了如圖所示的a-F圖像(1)圖像不過坐標原點的原因是_；(2)本實驗中是否

8、需要細沙和桶的總質(zhì)量遠小于小車和傳感器的總質(zhì)量_(填“是”或 “否”)(3)由圖像求出小車和傳感器的總質(zhì)量為_kg；14、實驗中常用的電磁打點計時器及電火花計時器使用的是_電源（選填“直流”或“交流”），在用打點計時器“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”時，打點計時器所用電源的頻率為50Hz，如圖所示是實驗中得到的一條紙帶，舍去前面比較密集的點，從0點開始將每5個點取做1個計數(shù)點，量得s1=1.20cm，s2=2.60cm，s3=4.00cm，那么兩個計數(shù)點之間的時間間隔了T=_s；小車的加速度a=_m/s2；第2點的瞬時速度2=_m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）15、在探究加速度與力、質(zhì)量的關系實

9、驗中，采用如圖甲所示的裝置（1）本實驗應用的實驗方法是_A控制變量法 B假設法 C理想實驗法（2）下列說法中正確的是_A在探究加速度與質(zhì)量的關系時，應改變小車所受拉力的大小B在探究加速度與外力的關系時，應改變小車的質(zhì)量C在探究加速度與質(zhì)量的關系時，作出圖象容易更直觀判斷出二者間的關系D無論在什么條件下，細線對小車的拉力大小總等于砝碼盤和砝碼的總重力大?。?）在探究加速度與力的關系時，若取車的質(zhì)量M0.5kg，改變砝碼質(zhì)量m的值，進行多次實驗，以下m的取值最不合適的一個是_Am14g Bm210g Cm340g Dm4500g（4）在平衡小車與長木板之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示計

10、時器打點的時間間隔為0.02 s從比較清晰的點起，每5個點取一個計數(shù)點，量出相鄰計數(shù)點之間的距離，根據(jù)圖中給出的數(shù)據(jù)求出該小車的加速度a=_m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（5）如圖所示為甲同學在探究加速度a與力F的關系時，根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a-F 圖象，說明實驗存在的問題是_三計算題(22分)16、（12分）如圖甲所示，一小滑塊（可視為質(zhì)點）與長木板一起以v05m/s的速度沿光滑水平面向左運動現(xiàn)給長木板加一個F12N向右的水平推力，小滑塊與長平板發(fā)生相對滑動，長木板運動的vt圖如圖乙所示當長木板速度減速為零時，小滑塊恰好滑至長平板上的A點，此時撤去外力F并將長木板鎖定，小滑塊繼續(xù)沿長木板運動

11、，恰好到達長木板的最左端已知長木板的質(zhì)量M2kg，小滑塊的質(zhì)量m1kg，g 取10m/s2求：（1）小滑塊與長平板間的動摩擦因數(shù)；（2）滑塊運動到A點時的速度vA；（3）長平板長度L17、（10分）如圖所示，小車內(nèi)的地面是光滑的，左下角放一個小球B，右壁上掛一個相同的球A，兩個球的質(zhì)量均為4 kg，懸掛線與右壁成37角，小車向右加速前進,此時右壁對A球的壓力剛好為零（g 取10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，tan37=0.75）求：繩對A 球的拉力大小；左壁對B 球的壓力大?。划斝≤嚨募铀俣?a=10 m/s2，時,繩對A球拉力大小參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小

12、題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】從靜止開始的勻加速直線運動，在連續(xù)相等的時間間隔內(nèi)，位移之比由于第一段時間內(nèi)的位移為1.2m，因此第三段時間內(nèi)的位移故選A。2、B【解析】位移、速度、加速度都是有大小又有方向的矢量，而速率為瞬時速度的大小，所以只有大小，沒有方向是標量，故B正確。故選B。3、D【解析】根據(jù)速度的正負表示速度的方向，根據(jù)速度圖象讀出速度的正負，分析火箭的運動圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學知識求出最大的加速度大小圖象與坐標軸所圍“面積”表示位移，平均速度

13、等于位移與所用時間的比值由數(shù)學知識求出火箭上升的最大高度【詳解】在t2t3時間內(nèi)火箭的速度為正值，仍在上升，故A錯誤由圖看出，在t2t3時間內(nèi)圖線的斜率最大，則火箭的加速度最大，最大加速度大小為，故B錯誤；由圖看出，在0t3時間內(nèi)火箭的速度都是正值，說明火箭一直在上升，圖線與坐標軸所圍“面積”的大小等于箭能上升的最大高度，由數(shù)學知識得：箭能上升的最大高度，v23v1，解得：h4v1t1，火箭上升階段的平均速度大小為，故C錯誤，D正確所以D正確，ABC錯誤【點睛】關鍵要掌握速度圖象的兩個數(shù)學意義來分析其物理意義：斜率等于加速度，“面積”等于位移4、C【解析】A11：26指時刻，選項A錯誤；B出租

14、車的路程大小為23.0km，選項B錯誤；CD出租車的位移為零，則平均速度是0，選項C正確，D錯誤。故選C。5、B【解析】ABC.小球從2m高處落下，被地面彈回，在1m高處被接住，首末位置的距離為1m，位移的方向由初位置指向末位置，所以位移的大小為1m，方向豎直向下故AC錯誤，B正確；D.路程表示運動軌跡的長度，s=3m，沒有方向故D錯誤故選B.6、C【解析】由題意知，表格中所列數(shù)據(jù)是在速度變化量相同時，速度變化所用時間，據(jù)a可知，當速度變化量相同時，所用時間越短，則平均加速度越大，結(jié)合表格中給出的數(shù)據(jù)可得，C選項所用時間最短，平均加速度最大故選C點睛：根據(jù)加速度的定義，在速度變化量相同的情況下

15、，所用時間越短則平均加速度越大，不難屬于基礎題7、BC【解析】v-t圖象中，圖線上某點的切線的斜率表示該時刻加速度，故0-10s內(nèi)空降兵運動的加速度越來越小，故A錯誤；0-10s內(nèi)空降兵和降落傘做加速運動，故整體所受重力大于空氣阻力，故B正確；10s15s速度向下、做加速度不斷減小的減速直線運動，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律，有f-mg=ma，由于a不斷減小，故f不斷減小，故C正確，D錯誤；故選BC【點睛】本題關鍵根據(jù)速度時間圖象得到物體的運動規(guī)律，然后結(jié)合速度時間圖線與坐標軸包圍的面積表示位移以及圖線上某點的切線的斜率表示該時刻加速度來進行分析8、BD【解析】A在05s內(nèi)，從速度-時間圖象可

16、知，此時的加速度為正，說明電梯的加速度向上，此時人處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B510s內(nèi)，該同學做勻速運動，故其對電梯地板的壓力等于他所受的重力，故B正確；C在1020s內(nèi)，電梯向上做勻減速運動，加速度向下，處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D在2025s內(nèi)，電梯向下做勻加速運動，加速度向下，故處于失重狀態(tài)度，故D正確；故選BD。9、AC【解析】A如果水平面光滑，四物塊加速度大小為對3、4整體有故A正確；B如果水平面光滑，四物塊的加速度大小為對2、3、4整體有故B錯誤；CD如果水平面粗糙，四物塊的加速度大小為對3、4整體有解得故C正確，D錯誤。故選AC。10、AC【解析】系統(tǒng)靜止時，根據(jù)繩子的拉力，結(jié)合共

17、點力平衡求出彈簧的彈力，細繩燒斷的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律和共點力平衡進行分析求解【詳解】A、B、開始系統(tǒng)處于靜止，對甲分析，有：F+m1g=F彈，剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，對甲由牛頓第二定律得，聯(lián)立得；故A正確，B錯誤.C、D、對乙分析可知，剪斷細繩前后均處于靜止，則，聯(lián)立F+m1g=F彈可知，由牛頓第三定律可知乙對地面的壓力；故C正確，D錯誤.故選AC.【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡和牛頓第二定律進行求解，知道剪斷細繩的瞬間，彈簧的彈力不變11、BD【解析】A使船前進的力的施力物體是水，故A錯誤；B用槳向后劃水，水給船一個向前的反作用力使船向前運

18、動，說明物體間力的作用是相互的。故B正確；C小熊貓對船的壓力和船對小熊貓的支持力是一對相互作用力，故C錯誤；D由受力平衡可知，小船受到的浮力大小等于小熊貓和船的總重力，故D正確。故選BD。12、BC【解析】ABvt圖象斜率表示加速度，速度的正負號表示運動方向，速度先是負方向，在t2 s后改為正方向，故A錯誤，B正確；C斜率一直不變所以加速度不變，故C正確；Dvt圖象與時間軸圍成的面積表示位移，負半軸的面積表示負方向的位移，故4s內(nèi)，一直位于出發(fā)點負方向上，故D錯誤。故選BC。二填空題(每小題6分，共18分)13、 (1).沒有平衡摩擦力，或平衡的不夠； (2).否 (3).1【解析】(1)1.

19、由圖象可知，當F0時，加速度仍然為零，說明沒有平衡摩擦力，或平衡的不夠；(2)該實驗中由于已經(jīng)用傳感器測出繩子拉力大小，不是將砝碼和砝碼盤的重力作為小車的拉力，故不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量；(3)3.a-F圖象中的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，由圖可知，所以質(zhì)量.14、 .交流 .0.1 .1.4 .0.33【解析】實驗中常用的電磁打點計時器及電火花計時器使用的是交流電源從0點開始將每5個點取做1個計數(shù)點，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s根據(jù)勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=1.4m/s2；根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度

20、，可以求出打紙帶上2點時小車的瞬時速度大小v2=0.33m/s15、 .A .C .D .0.16 .平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力【解析】（1）該實驗是探究加速度與力、質(zhì)量的三者關系，研究三者關系必須先使某一個量不變化，研究另外兩個量之間的變化關系，即運用控制變量法，故選A；（2）在探究加速度與質(zhì)量的關系時，應保持小車所受拉力的大小不變，改變小車的質(zhì)量，A錯誤；在探究加速度與外力的關系時，應保持小車的質(zhì)量不變，改變小車所受拉力的大小，B錯誤；在探究加速度與質(zhì)量的關系時，作出圖象是直線，容易更直觀判斷出二者間的關系，C正確；當不滿足的條件時，細線對小車的拉力大小就不能近似等于砝碼盤和砝碼的總重力

21、大小，D錯誤；故選C；（3）實驗時要求小車質(zhì)量M要遠遠大于砂及砂桶的質(zhì)量m，D中M與m相等，所以D最不合適；（4）根據(jù)得：；（5）圖中圖象與橫軸的截距大于0，說明在拉力大于0時，加速度等于0，說明物體所受拉力之外的其他力的合力大于0，即沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【點睛】要真正掌握了實驗原理才能順利解決此類實驗題三計算題(22分)16、（1）0.2，（2），（3）3.75m.【解析】（1）對長木板受力分析，根據(jù)牛頓第二定律即可求出動摩擦因數(shù)；（2）對滑塊受力分析，由牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公式即可求解；（3）根據(jù)運動學公式求出1s前滑塊相對長木板的位移和1s后滑塊相對長木板的位移，

22、長木板的長度為滑塊相對長木板的位移之和.（1）當給長木板加一個F=12N向右的水平推力，長木板向左勻減速運動由vt圖得：加速度的大小對長木板受力分析可知，長木板受重力、地面的支持力、滑塊的壓力，滑塊對長木板向左的滑動摩擦力和推力F作用由牛頓第二定律得：解得：（2）對滑塊受力分析可知，滑塊受重力、長木板的支持力和長木板對滑塊向右的摩擦力作用，向左做勻減速運動由牛頓第二定律得：解得：經(jīng)過時間t=1s，到達A點的速度為（3）由圖知，長木板1s內(nèi)的位移為滑塊1s內(nèi)的位移為則相對位移為1s后，長木板固定不動，滑塊繼續(xù)做減速運動到零時，剛好達到長木板左端則位移為故長木板的長度17、（1）50N（2）30N

23、（3）56.5N【解析】（1）對小球A進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出繩對A球的拉力大小，并求得加速度（2）再對B球研究，結(jié)合牛頓第二定律列式求解左壁對B球壓力（3）小車向右加速運動的加速度a=10m/s2時小球A離開右壁，繩子拉力和重力的合力水平向右，由合成法求繩的拉力【詳解】（1）設小車的加速度為a1，對小球A受力分析如下圖所示根據(jù)牛頓第二定律得：豎直方向有 Fcos37=mg可得繩子對A球的拉力大小 F=50N（2）對A球，由牛頓第二定律得mgtan37=ma1解得：a1=gtan37=7.5m/s2再以B球為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得左壁對B球的壓力大小 N=ma1=47.5N=30N（3）若小車向右加速運動的加速度a=10m/s2a1=7.5m/s2，所以A球離開右壁，設繩與右壁的夾角是小球A的受力如下圖所示小球A的加速度水平向右，則合力水平向右，合力大小為ma，則【點睛】本題考查了牛頓第二定律的直接應用，要求同學們能正確對小球進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律，運用正交分解法或合成法研究