《2023學(xué)年云南省曲靖市羅平縣第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年云南省曲靖市羅平縣第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題含解析.doc（14頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流為I已知單位體積的導(dǎo)線中有n個自由電子，電子的電荷量為q此時電子的定向移動的速度為v在t時間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為ABC

2、D2、某電源內(nèi)電路中非靜電力在5s內(nèi)把10 C的電量從電源的負(fù)極移送到電源的正極，做功300 J，則通過電源的電流和電源的電動勢分別為：A2 A，60 VB10 A，30 VC2 A，30 VD30 A，300 V3、如圖，a、b、c是在地球大氣層外圓軌道上運(yùn)動的3顆衛(wèi)星，下列說法正確的是Ab、c的線速度大小相等，且大于a的線速度Bb、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度Cc加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的cDa衛(wèi)星由于某原因，軌道半徑緩慢減小，其線速度將增大4、下列關(guān)于質(zhì)點的說法正確的是A研究和觀察日食時，可以把太陽看成質(zhì)點B研究地球的公轉(zhuǎn)時，可以把地球看成質(zhì)點C研

3、究地球的自轉(zhuǎn)時，可以把地球看成質(zhì)點D原子核很小，必須把它看成質(zhì)點5、在如圖甲所示的電場中，一負(fù)電荷從電場中A點由靜止釋放，只受電場力作用，沿電場線運(yùn)動到B點，則它運(yùn)動的vt圖象可能是下圖中的（ ）A BC D6、在驗證焦耳定律的實驗中，為了比較電流通過兩根不同的電阻絲產(chǎn)生的熱量跟電阻的關(guān)系，實驗時應(yīng)同時保持相同的物理量是( )A通過它們的電流和加在它們兩端的電壓B通過它們的電流和它們的電阻C通過它們的電流和通電時間D通過它們的電流、加在它們兩端的電壓和通電時間二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的

4、得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平線a、b、c、d為勻強(qiáng)電場中的等差等勢線，一個質(zhì)量為m，電荷量絕對值為q的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動，A、B為其運(yùn)動軌跡上的兩個點，已知該粒子在A點的速度大小為v1，在B點的速度大小為v2，且方向與等勢線平行A、B連線長為L，連線與豎直方向的夾角為，不計粒子受到的重力，則A該粒子一定帶正電B勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小C粒子在B點的電勢能一定大于在A點的電勢能D等勢線b的電勢比等勢線e的電勢高8、如圖甲所示，真空中有一半徑為R、電荷量為Q的均勻帶電球體，以球心為坐標(biāo)原點，沿半徑方向建立x軸.理論分析表明，x軸上各點的場強(qiáng)隨x變化的關(guān)系如圖乙所示，則( )Ac點處的

5、場強(qiáng)和a點處的場強(qiáng)大小相等、方向相同B球內(nèi)部的電場為勻強(qiáng)電場Ca、c兩點處的電勢相等D假設(shè)將一個帶正電的試探電荷沿x軸移動，則從a點處移動到c點處的過程中，電場力一直做正功9、如圖所示電路，電源電壓恒定不變?yōu)?V，四只電阻的阻值都為3則：( )A流過R2的電流為2ABR4兩端的電壓為6VCR1兩端電壓為6vD總電阻為410、如圖所示，在三維直角坐標(biāo)系中，分布著沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場，折線導(dǎo)線ABCDEF固定在立方體上，現(xiàn)通以方向如圖的電流I，下列說法正確的是ABC、DE所受安培力相同BCD所受安培力最大CAB所受安培力為零DBC、CD所受安培力方向相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案

6、寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中,待測小燈泡上標(biāo)有2.5V,1.25W的字樣.備有如下器材:.直流電源3V(內(nèi)阻可不計).直流電流表 (電阻約).直流電流表(內(nèi)阻約).直流電壓表(內(nèi)阻約)直流電壓表(內(nèi)阻約). 滑動變阻器、1.5A. 滑動變阻器、(1).除開關(guān)、導(dǎo)線外,為了完成該實驗,需要從上述器材中選用的器材有_.(用序號字母表示)(2).利用給出的器材通過實驗描繪出小燈泡的伏安特性曲線,要求測量多組實驗數(shù)據(jù),請你在虛線框內(nèi)畫出實驗原理電路圖_,并將圖中實物連接成實驗電路圖_.12（12分）用以下器材測量電壓表的內(nèi)阻(量程為1.5V

7、，內(nèi)阻14001600 )：電源E，電動勢約為3V，內(nèi)阻可忽略；電壓表，量程為；電阻，阻值；滑動變阻器，最大阻值約為；單刀單擲開關(guān)K，導(dǎo)線若干(1)請根據(jù)電路圖，連線實物圖(2)若電壓表的讀數(shù)用表示，電壓表的讀數(shù)用表示，則由已知量和測得量表示的表達(dá)式為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如右圖所示，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量分別為+Q和Q，A、B相距為2d，MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個穿過細(xì)桿的帶電小球p質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點電荷，不影響電場的分布

8、），現(xiàn)將小球p從與點電荷A等高的C處由靜止開始釋放，小球p向下運(yùn)動到距C點距離為d的O點時，速度為v0已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g，求：（1）C、O間的電勢差UCO；（2）點處的電場強(qiáng)度E的大?。唬?）小球p經(jīng)過O點時的加速度；（4）小球p經(jīng)過與點電荷B等高的D點時的速度14（16分）如圖所示，在水平方向的勻強(qiáng)電場中有一表面光滑、與水平面成45角的絕緣直桿AC，其下端（C端）距地面高度h=0.8m有一質(zhì)量為500g的帶電小環(huán)套在直桿上，正以某一速度沿桿勻速下滑，小環(huán)離開桿后正好通過C端的正下方P點（g取10m/s2）求：（1）小環(huán)離開直桿后運(yùn)動的加速度大小和方向

9、；（2）小環(huán)在直桿上勻速運(yùn)動時速度的大?。唬?）小環(huán)運(yùn)動到P點的動能15（12分）如圖所示，勻強(qiáng)電場分布在邊長為L的正方形區(qū)域ABCD內(nèi)，M、N分別為AB和AD的中點，一個初速度為v0，質(zhì)量為m的帶負(fù)電粒子q沿紙面射入電場帶電粒子的重力不計（1）如果帶電粒子從M點垂直電場方向進(jìn)入電場后，恰好從D點離開電場，求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E和帶電粒子從D點離開電場時的動能Ek1.（2）若帶電粒子從N點垂直BC方向射入電場，它在電場中的運(yùn)動時間t是多少？離開電場時的動能Ek2為多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

10、在t時間內(nèi)，以速度v移動的電子在銅導(dǎo)線中經(jīng)過的長度為vt，由于銅導(dǎo)線的橫截面積為S，則在t時間內(nèi)，電子經(jīng)過的導(dǎo)線體積為vtS，又由于單位體積的導(dǎo)線有n個自由電子，在t時間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為nvSt，故D正確，C錯誤；由于流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，則在t時間內(nèi)，流經(jīng)導(dǎo)線的電荷量為It，而電子的電荷量為q，則t時間內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為，故AB錯誤所以D正確，ABC錯誤2、C【解析】由題意可知考查電流、電動勢計算，根據(jù)相關(guān)概念、公式計算可得?！驹斀狻坑呻娏鲝?qiáng)度的定義式可得由電動勢的定義式可得由以上分析可知C正確，ABC錯誤，故選擇C?！军c睛】電流強(qiáng)度在數(shù)值上等于單位

11、時間內(nèi)流過截面的電量，方向與正電荷定向移動方向相同，電動勢表征電源把其它能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的大小，在數(shù)值上等于移動單位正電荷非靜電力做的功。3、D【解析】衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動，靠萬有引力提供向心力，A線速度，根據(jù)題意rarb=rc，所以b、c的線速度大小相等，小于a的線速度，故A錯誤；B向心加速度，結(jié)合rarb=rc，可得b、c的加速度大小相等，且小于a的加速度，故B錯誤；Cc加速，萬有引力不夠提供向心力，做離心運(yùn)動，離開原軌道，b減速，萬有引力大于所需向心力，衛(wèi)星做近心運(yùn)動，離開原軌道，所以不會與同軌道上的衛(wèi)星相遇，故C錯誤；D衛(wèi)星由于阻力的原因，軌道半徑緩慢減小，根據(jù)公式，則線速度增大，故D

12、正確4、B【解析】A. 在觀察日食時，正是由于太陽的大小，才會出現(xiàn)日偏食、日全食等不同的情況，所以不可以把太陽看成質(zhì)點，故A錯誤；B. 研究地球繞太陽的公轉(zhuǎn)時，地球的大小對于和太陽之間的距離來說太小，可以忽略，所以可以把地球看成質(zhì)點，故B正確；C. 研究地球的自轉(zhuǎn)時，地球有大小和形狀不能忽略，不能看作質(zhì)點，否則就無法分辨地球的轉(zhuǎn)動，故C錯誤；D. 原子核很小，但在研究原子核內(nèi)部的結(jié)構(gòu)等的時候是不能看成質(zhì)點的，故D錯誤5、B【解析】一負(fù)電荷從電場中A點由靜止釋放，只受電場力作用，沿電場線運(yùn)動到B點，由于電場力的作用，負(fù)電荷應(yīng)該做加速運(yùn)動，并且從電場線的分布可以看出，電場強(qiáng)度越來越大，所以運(yùn)動的加

13、速度應(yīng)該越來越大，在 圖像中，斜率表示加速度的大小，故B正確綜上所述本題答案是;B6、C【解析】由焦耳定律QI2Rt知，要想驗證Q與R間的關(guān)系，則應(yīng)注意保持I與t不變，故C正確，ABD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A項：根據(jù)做曲線運(yùn)動的物體受的合力指向曲線的內(nèi)側(cè)，由于不知道電場強(qiáng)度的方向，所以無法確定粒子的電性，故A錯誤；B項：在沿電場線方向的位移為： 設(shè)A、B間的電勢差為UAB，由動能定理得：，所以，故B正確；C項：根據(jù)做曲線運(yùn)動的物體受的合力

14、指向曲線的內(nèi)側(cè)可知，粒子受的電場力方向向上，所以粒子從A到B過程中電場力做負(fù)功，電勢能增大，故C正確；D項：根據(jù)題意可知判斷粒子受到的電場力方向，但無法確定電場線的方向，所以無法確定等勢面的電勢的高低，故D錯誤。故選：BC。8、AD【解析】由題中“真空中有一半徑為R、電荷量為Q的均勻帶電球體”可知，本題考查點電荷電場強(qiáng)度、電勢和電場力做功情況，根據(jù)點電荷電場分布規(guī)律可分析本題?！驹斀狻緼由乙圖可得，a、c處場強(qiáng)大小是相等的，方向相同，故A正確；B由乙圖可知，球內(nèi)部的電場是非勻強(qiáng)電場，故B錯誤；CD因為電場線方向是從a到c，沿著電場線的方向電勢降低，故C錯誤；正電荷受到的電場力方向是從a到c，電

15、場力一直做正功，故D正確。9、BD【解析】由圖可知，并聯(lián)后與R4串聯(lián)，接到電源的兩端，則，總電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律得，所以通過、的電流為，R4兩端的電壓，兩端電壓為，BD正確10、AB【解析】BC、DE的有效長度均為AE，根據(jù)可得兩者受到的安培力相同，A正確；EF不受安培力，AB與CD均與磁場垂直，受到的安培力與等效長度成正比，又因為CDAB，所以CD所受安培力最大，B正確C錯誤；BC、CD的有效長度不同，所以受到的安培力大小不同，根據(jù)左手定則可知，兩者受到的安培力方向也不同，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDF 如圖

16、所示： 如圖所示： 【解析】(1)、根據(jù)小燈泡銘牌知額定電壓為2.5V,由I=P/U得出額定電流為0.5A，故電源應(yīng)選A，電流表應(yīng)選C，電壓表應(yīng)選D，又描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電壓從零開始變化，故滑動變阻器應(yīng)用分壓式，應(yīng)選阻值小的變阻器F.(2)、由題意可知，本實驗應(yīng)采用分壓接法，又由于電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于小燈泡電阻，電流表采用外接法，電路圖如圖所示：實物連接成實驗電路如圖所示：12、 【解析】（1）對照電路圖，按順序連接實物圖（2）根據(jù)電路圖可知： 則得【點睛】此題中電壓表V1和定值電阻R0串聯(lián)，既可測量電壓，也起到了電流表的作用，是一種等效替代的設(shè)計思想四、計算題：本題共2小題，共26

17、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2） （3） （4） 【解析】(1)小球p由C運(yùn)動到O的過程，由動能定理得mgdqUCOmv20 所以UCO (2)小球p經(jīng)過O點時受力如圖由庫侖定律得F1F2k它們的合力為：FF1cos 45F2cos 45 所以O(shè)點處的電場強(qiáng)度： (3)由牛頓第二定律得：mgqEma 所以ag (4)小球p由O運(yùn)動到D的過程，由動能定理得mgdqUODmvD2mv2 由電場特點可知UCOUOD 聯(lián)立解得vDv.14、（1）a14.1 m/s1方向與桿垂直斜向右下方；（1）v0=1 m/s；（3）EkP =5 J【

18、解析】試題分析：(1)小環(huán)在直桿上的受力情況如圖所示由平衡條件得：mgsin45Eqcos45 得： mgEq，離開直桿后，只受mg、Eq作用，則：F合mgma ag10m/s114.1 m/s1 方向與桿垂直斜向右下方 （1）設(shè)小環(huán)在直桿上運(yùn)動的速度為v0,離桿后t秒到達(dá)P點，則：豎直方向：水平方向：聯(lián)立解得：（3）由動能定理得：代入數(shù)據(jù)解得：15、（1）.（2）.【解析】（1）帶電粒子從M點垂直電場線進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動水平方向：豎直方向：聯(lián)立得.帶電粒子從M點進(jìn)入電場后，從D點出來，電場力做的功由動能定理得所以.（2）帶電粒子從N點進(jìn)入電場后做勻減速直線運(yùn)動，設(shè)速度減到0這一過程的位移為x，由動能定理：由得.當(dāng)粒子速度減至0后沿原路返回，從N點射出，由于整個過程電場力做的功為0，則根據(jù)動能定理有.則，即粒子離開電場時的速度大小不變，由牛頓第二定律得.由運(yùn)動學(xué)規(guī)律得得.