《安徽省定遠(yuǎn)縣育才中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題含解析.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《安徽省定遠(yuǎn)縣育才中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題含解析.doc（13頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在同一個(gè)IU圖象中畫出了兩只不同電阻的伏安特性曲線下列判斷正確的是（）Aa圖線對(duì)應(yīng)的電阻阻值較大Bb圖線對(duì)應(yīng)的電阻阻值較大Ca圖線對(duì)應(yīng)的電阻的電阻率一定大D

2、b圖線對(duì)應(yīng)的電阻的電阻率一定大2、下列說法正確的是()A拔河比賽時(shí)，勝方拉對(duì)方的力大于輸方拉對(duì)方的力B物體的速度越大，慣性也越大C太陽對(duì)地球的引力與地球?qū)μ柕囊Υ笮∫欢ㄏ嗟菵用錘釘釘子，錘對(duì)釘?shù)拇驌袅εc釘對(duì)錘的作用力是一對(duì)平衡力3、如圖所示，在方向水平向左的勻速電場中有一傾角為60、高為H的固定絕緣斜面體，現(xiàn)將一質(zhì)量為m，帶正電且電荷量為q的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面體頂端由靜止釋放，已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為，不計(jì)空氣阻力A小物塊將沿斜面下滑B小物塊將做曲線運(yùn)動(dòng)C小物塊到達(dá)地面時(shí)的速度大小為D若其他條件不變，只增大電場強(qiáng)度，小物塊到達(dá)地面前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間將增大4、如圖所示勻

3、強(qiáng)電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點(diǎn)處放置一點(diǎn)電荷+Q，a、b、c、d、e、f為以O(shè)點(diǎn)為球心的球面上的點(diǎn)，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直，則下列說法中正確的是（ ）Ab、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同Ba點(diǎn)的電勢等于f點(diǎn)的電勢C點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí)，電場力一定做功D將點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，從球面上a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的電勢能變化量一定最大5、對(duì)于如圖所示電場中的A、B、C三點(diǎn)，下列判斷正確的是( )AB點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大BA點(diǎn)的電勢最高C正電荷在B點(diǎn)受到的電場力最大D負(fù)電荷在A點(diǎn)具有的電勢能最大6、如圖所示，一個(gè)菱形的導(dǎo)體線框沿著自己的對(duì)角線勻速運(yùn)動(dòng)，穿過具有一定寬度的勻強(qiáng)磁

4、場區(qū)域，已知對(duì)角線AC的長度為磁場寬度的兩倍且與磁場邊界垂直下面對(duì)于線框中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象(電流以ABCD順序流向?yàn)檎较?，從C點(diǎn)進(jìn)入磁場開始計(jì)時(shí))正確的是( ) ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強(qiáng)電場（邊界上有電場），電場強(qiáng)度為E=，ACB為光滑固定的半圓形軌道，軌道半徑為R，A、B為水平直徑的兩個(gè)端點(diǎn)，AC為圓弧，一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電小球，從A點(diǎn)正上方高為H=R處由靜止釋放，并從A點(diǎn)沿切線進(jìn)入半

5、圓軌道， 不計(jì)空氣阻力及一切能量損失， 關(guān)于帶電小球的受力及運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是（ ）A小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力為 2mgB小球在AC部分運(yùn)動(dòng)時(shí) ， 加速度不變C適當(dāng)增大E， 小球到達(dá) C點(diǎn)的速度可能為零D若E=，要使小球沿軌道運(yùn)動(dòng)到C，則應(yīng)將H至少調(diào)整為8、如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢為E，電源內(nèi)阻為r，串聯(lián)的固定電阻為，滑動(dòng)變阻器的總電阻為，電阻大小關(guān)系為，則在滑動(dòng)觸頭從a端移動(dòng)到b端的過程中，下列描述正確的是A固定電阻上消耗的功率先減小后增大B電源的輸出功率先減小后增大C電源的輸出功先增大后減小D滑動(dòng)變阻器上消耗的功率先減小后增大9、如圖所示，A、B兩球所帶電荷量均為2105C，質(zhì)量

6、均為0.72kg，其中A球帶正電荷，B球帶負(fù)電荷，A球通過絕緣細(xì)線吊在天花板上，B球一端固定絕緣棒，現(xiàn)將B球放在某一位置，能使絕緣細(xì)線伸直，A球靜止且與豎直方向的夾角為30，則B球距離A球的距離不可能為（）A0.5mB0.8mC1.2mD2.5m10、帶負(fù)電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩種運(yùn)動(dòng)：直線運(yùn)動(dòng)；圓周運(yùn)動(dòng).則該電場可能由A一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷形成B一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷形成C兩個(gè)分立的帶等量正電的點(diǎn)電荷形成D兩個(gè)分立的帶等量負(fù)電的點(diǎn)電荷形成三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）現(xiàn)有一個(gè)靈敏電流表，它的滿偏電流，內(nèi)

7、阻，若要將它改裝成量程為5A的電流表，應(yīng)并聯(lián)一個(gè)_的電阻，改裝后的電流表測量電流時(shí)，指針指在表盤上的原來處，則被測電流的大小是_A12（12分）一靈敏電流計(jì)，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為=50A，表頭電阻=1k，若改裝成量程為=1mA的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為_（保留3位有效數(shù)字）。若將改裝后的電流表再改裝成量程為=10V的電壓表，應(yīng)再串聯(lián)一個(gè)阻值為_ 的電阻。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）分別將核（質(zhì)量為m0，電荷量為e），核（質(zhì)量為4m0，電荷量為2e）以相同的初速度沿平行板中線射入兩平行

8、板A、B中，如圖所示，兩粒子都打在B板上，求兩粒子的射程之比？（已知兩板間電壓為U，板間距離為d）14（16分）如圖所示，圓1和圓2之間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場（垂直紙面沒有畫出)，圓2和圓3之間的電勢差為U，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為e的電子從A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過時(shí)間t從C點(diǎn)對(duì)著圓心O射入磁場，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與圓1相切，已知圓1的半徑求：（1）圓2的半徑r2；（2）電子能否再次回到A點(diǎn)，如果能，求出電子從A點(diǎn)出發(fā)至再次回到A點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間，如果不能，請(qǐng)通過計(jì)算說明原因15（12分）如圖所示，電源電動(dòng)勢為E=10V，內(nèi)阻r=1，R1=R2=R3=R4=1，電容器電容C=6F，開關(guān)閉合時(shí)，間距為

9、d的平行板電容器C的正中間有一質(zhì)量為m，電荷量為q的小球正好處于靜止?fàn)顟B(tài)求：（1）電路穩(wěn)定后通過R1的電流I；（2）開關(guān)S斷開，流過R2的電荷量Q；（3）斷開開關(guān)，電路穩(wěn)定后，小球的加速度a的大小參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】線性電阻的的斜率的倒數(shù)表示電阻的大??；故斜率越大，電阻越小，所以b的電阻阻值較大，A錯(cuò)誤B正確；該圖只能比較阻值大小，不能比較電阻率大小，CD錯(cuò)誤2、C【解析】拔河比賽時(shí)，勝方拉對(duì)方的力與輸方拉對(duì)方的力是大小相等的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；物體的質(zhì)量越大，慣性也越大，慣性與速度大小無關(guān)，選

10、項(xiàng)B錯(cuò)誤；太陽對(duì)地球的引力與地球?qū)μ柕囊Υ笮∈且粚?duì)相互作用力，一定相等，選項(xiàng)C正確；用錘釘釘子，錘對(duì)釘?shù)拇驌袅εc釘對(duì)錘的作用力是一對(duì)作用與反作用力，不是平衡力，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.【點(diǎn)睛】根據(jù)物體間力的作用是相互的，相互作用力的特點(diǎn)之一大小相等，可做出解答拔河其實(shí)比的是雙方對(duì)地面的摩擦力，并不是他們的拉力他們兩邊的拉力總是相等的，哪邊的靜摩擦力大，哪邊就會(huì)獲勝3、C【解析】對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，畫出物塊的運(yùn)動(dòng)軌跡運(yùn)用動(dòng)能定理或牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問題【詳解】A、B、對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，物塊受重力和水平向左的電場力，電場力，則合力的大小為2mg，方向如圖所示：小物塊將沿合力方向做勻加速

11、直線運(yùn)動(dòng)，故A、B錯(cuò)誤。C、運(yùn)用動(dòng)能定理研究從開始到落地過程：，解得；故C正確.D、將物塊的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向和豎直方向，增大電場強(qiáng)度，電場力增大，水平方向的加速度增大，豎直方向上的加速度不變，根據(jù)等時(shí)性知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變；故D錯(cuò)誤.故選C.【點(diǎn)睛】了解研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)過程是解決問題的前提，根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問題物體的運(yùn)動(dòng)是由所受到的力和初狀態(tài)決定的這個(gè)題目容易認(rèn)為物塊沿著斜面下滑4、D【解析】考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：該電場是勻強(qiáng)電場和點(diǎn)電荷電場的合電場，根據(jù)電場的疊加比較電場強(qiáng)度的大小和方向通過電場力做功判斷電勢差的大小，從而判斷電勢的

12、高低解答：解：A、b、d兩點(diǎn)的合場強(qiáng)大小相等，方向不同，所以場強(qiáng)不同故A錯(cuò)誤B、將電荷從e點(diǎn)移到f點(diǎn)，點(diǎn)電荷的電場不做功，勻強(qiáng)電場也不做功，知合場強(qiáng)不做功，所以兩點(diǎn)間的電勢差為0，兩點(diǎn)電勢相等故B正確C、點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí)，點(diǎn)電荷的電場不做功，但勻強(qiáng)電場不一定不做功所以電場力不一定不做功故C錯(cuò)誤D、a點(diǎn)與c點(diǎn)連線勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)相等，方向相同，但關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)電荷的場強(qiáng)大小相等，方向相反，在這連線上沒有場強(qiáng)相同的點(diǎn)故D正確故選BD點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道電場強(qiáng)度是矢量，合成遵循平行四邊形定則，以及知道電場力做功與電勢差的關(guān)系5、B【解析】根據(jù)電場線的疏密分析場強(qiáng)的大小，確定電

13、場力的大小，電場線越密，場強(qiáng)越大，同一電荷受到的電場力越大，根據(jù)順著電場線電勢降低，判斷電勢的高低，根據(jù)推論：負(fù)電荷在電勢高處電勢能小判斷電勢能的大小；【詳解】A、A處電場線最密，電場強(qiáng)度最大，B點(diǎn)處電場線最稀疏，場強(qiáng)最小，故A錯(cuò)誤B、根據(jù)順著電場線電勢降低可知，A點(diǎn)的電勢最高，故B正確；C、A處電場線最密，電場強(qiáng)度最大，由知同一電荷在A點(diǎn)受到的電場力最大，同理可知在B處受到的電場力最小，故C錯(cuò)誤；D、A點(diǎn)電勢最高，由知負(fù)電荷在A處電勢能最小，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題中電場中常見問題，關(guān)鍵抓住電場線的物理意義：電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱，電場線的方向反映電勢的高低6、A【解析】線圈在進(jìn)磁場的過程中

14、，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCD方向，即為正值，在出磁場的過程中，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，即為負(fù)值；在線圈進(jìn)入磁場的前一半的過程中，切割的有效長度均勻增大，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電動(dòng)勢均勻增大，則感應(yīng)電流也均勻增大；在線圈進(jìn)入磁場的后一半過程中，切割的有效長度均勻減小，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電動(dòng)勢均勻減小，則感應(yīng)電流均勻減小；在線圈出磁場的前一半的過程中，切割的有效長度均勻增大，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電流均勻增大，在線圈出磁場的后一半的過程中，切割的有效長度均勻減小，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電流均勻減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每

15、小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A. 小球進(jìn)入半圓軌道，電場力和重力平衡，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理知解得：從A到C，因?yàn)殡妶隽εc重力等大反向，合力為零，所以到C點(diǎn)速度與A點(diǎn)等大。根據(jù)牛頓第二定律得，在C點(diǎn)：根據(jù)牛頓第三定律可知，小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為2mg。故A正確。B. 小球在AC部分做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，方向始終指向圓心。故B錯(cuò)誤。C. 適當(dāng)增大E，小球所受的電場力大于重力，根據(jù)徑向的合力提供向心力可知，在最低點(diǎn)的速度不可能為零。故C錯(cuò)誤。D. 若E=，在

16、最低點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律得，解得：根據(jù)動(dòng)能定理得：解得：所以H至少為，故D正確。8、AB【解析】試題分析：在滑動(dòng)觸頭從a端移到到b端的過程中，接入電路的電阻（實(shí)際上是和的并聯(lián)電阻）先增大后減小，所以電路中的總電流先減小后增大，因?yàn)樵诟陕?，所以固定電阻上消耗的電功率先減小后增大，A正確；當(dāng)?shù)臅r(shí)候 電源的輸出功率最大，可知當(dāng)滑片在a端或者b端時(shí)，外電路總電阻，此時(shí)電源的輸出功率最大，所以輸出功率是先減小后增大的，B正確C錯(cuò)誤；將看成電源的內(nèi)阻，等效電源的內(nèi)阻為2r，變阻器為外電路，顯然外電阻小于內(nèi)電阻，外電阻先增大后減小，等效電源的輸出功率，即上消耗的功率先增大后減小，故D錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查了電功率的計(jì)

17、算【名師點(diǎn)睛】題關(guān)鍵判斷出滑動(dòng)變阻器滑片P從最右端中間左端總電阻變化情況和電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系，能巧妙運(yùn)用等效思維分析變阻器功率的變化9、CD【解析】選A球?yàn)檠芯繉?duì)象，它受重力、庫侖力和細(xì)線的拉力，三力平衡，由幾何關(guān)系得，庫倫力得最小值為 而由得則B球距離A球的距離不可能為1.2m和2.5m。故選CD。10、AC【解析】A項(xiàng)：因?yàn)橐粋€(gè)帶正電的點(diǎn)電荷形成的電場，其電場線是直線，當(dāng)帶負(fù)電的粒子的初速度的方向與電場線的方向在一條直線上時(shí)，粒子可以在電場線上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)粒子的初速度的方向與電場線垂直時(shí)，粒子可以在等勢面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)帶負(fù)電的粒子可以在一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷形成的電場中的任意一個(gè)等勢面

18、上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A正確；B項(xiàng)：當(dāng)粒子的初速度的方向與電場線垂直時(shí)，粒子受到與電場線方向相反的力的作用，將會(huì)做離心運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：兩個(gè)等量的同種正點(diǎn)電荷A、B形成的電場，當(dāng)帶負(fù)電的粒子的初速度的方向與電場線在一條直線上時(shí)，粒子可以在電場線上運(yùn)動(dòng)，由于場強(qiáng)是變化的，所以粒子做變速直線運(yùn)動(dòng)，考慮到電場分布的空間性和對(duì)稱性，當(dāng)粒子初速度的方向在A、B連線的中垂面內(nèi)且與中垂線垂直，則粒子所受庫侖力的合力始終指向O點(diǎn)，粒子將在兩電荷A、B連線的中垂面內(nèi)，以兩電荷A、B連線的中點(diǎn)O為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故C正確；D項(xiàng)：兩個(gè)帶等量負(fù)的點(diǎn)電荷的電場對(duì)負(fù)電荷的作用力向外，同負(fù)點(diǎn)電荷的電場類似，所以帶負(fù)電

19、粒子不可能在受到背離圓心的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)晴：該題考查幾種常見的電場的特點(diǎn)，本題關(guān)鍵要能讓負(fù)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，必須有指向圓心的力提供向心力，故只能是位于圓心的正電荷提供。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.04 、 1【解析】所并電阻阻值為；因?yàn)?，所以指針指在表盤上的原來處，則被測電流的大小是 故答案為0.04 ，112、52.6 9950 【解析】1把電流表改裝成大量程電流表，需要并聯(lián)電阻阻值：2把電流表改裝成電壓表，需要串聯(lián)電阻的阻值：四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求

20、寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】離子進(jìn)入電場做類平拋運(yùn)動(dòng)設(shè)的加速度為a1，飛行時(shí)間為t1，射程為x1， 的射程為x2，則有：x1=v0t1 聯(lián)解得： 同理可得： 14、（1） （2）【解析】（1）進(jìn)入C點(diǎn)的速度為v，解得，軌道半徑為；由幾何關(guān)系可知；（2）能回到A點(diǎn)，在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為；在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為；所以15、（1）2A（2） （3）【解析】(1)開關(guān)閉合時(shí)，R1、R3并聯(lián)與R4串聯(lián)，R2中沒有電流通過，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律求R4的電壓，再由歐姆定律求通過R1的電流I；(2)開關(guān)閉合時(shí)，小球靜止在電場中，電場力與重力平衡，由平衡條件列出方程開關(guān)S斷開，根據(jù)串聯(lián)電路的

21、特點(diǎn)求出電容器的電壓，從而可求得電容器電荷量的變化量，即等于流過R2的電荷量Q；(3)斷開開關(guān)，電路穩(wěn)定后，根據(jù)牛頓第二定律求加速度a【詳解】(1) 開關(guān)S閉合時(shí)，R1、R3并聯(lián)與R4串聯(lián)，R2中沒有電流通過有：電容器的電壓 由歐姆定律得通過R4的電流，由電路特點(diǎn)可知，R4中的電流為R1的兩倍，所以流過R1的電流為2A；(2) 開關(guān)S斷開，電容器的電壓開關(guān)S斷開，流過R2的電荷量Q=CU=C（UC-UC）= (3) 開關(guān)S閉合時(shí)，小球靜止時(shí)，由平衡條件有： 開關(guān)S斷開，根據(jù)牛頓第二定律得 聯(lián)立解得：【點(diǎn)睛】本題考查綜合運(yùn)用物理知識(shí)解決問題的能力對(duì)于帶電小球在電場中運(yùn)動(dòng)的問題，電壓是聯(lián)系電場與電路的橋梁要注意電路穩(wěn)定時(shí)，與電容器串聯(lián)的電阻無電壓和電流