《北京市西城區(qū)41中2023學年高二物理第一學期期中調(diào)研試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《北京市西城區(qū)41中2023學年高二物理第一學期期中調(diào)研試題含解析.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如下圖所示，在電荷為Q的電場中，有a、b兩點一電子從a向b運動，那么該電子所受的電場力將（ ）A減小B增大C不變D無法判斷2、在光滑水平面上，質(zhì)量為m的小球A以速度v0勻速運動某時刻小球A與質(zhì)量為4m的靜止小球B發(fā)生正碰，兩球相碰后，A球以的速度反彈。則碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為：A0B CD3、關(guān)于電源的作用和電動勢，下列說法中正確的是( )A電源的作用是為電路持續(xù)地提供自由電荷B電源的作用是能夠直接釋放出電能C電源的作用是使自由電荷運動起來D電動勢E是由電源本身決定的，跟

3、電源的體積和外電路均無關(guān)4、如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板A與一靈敏靜電計相連，極板B接地若極板B稍向上移動一點，由觀察到的靜電計指針變化作出平行板電容器電容變小的結(jié)論的依據(jù)是（ ）A兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變大B兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變小C極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變小D極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變大5、如圖所示，真空中固定兩等量同種正點電荷，AOB為兩電荷連線的中垂線，其中A、B兩點關(guān)于O點對稱有一帶電粒子（重力忽略不計）在直線AB之間往返運動，下列判斷一定正確的是（ ）A帶電粒子可能帶正電B在O點，帶電粒子的速度最大C在O點，帶電粒子的

4、加速度最大D在A點（或B點），帶電粒子速度為零，加速度最大6、可視為點電荷的A、B兩個小球所帶電荷量均為+q，由靜止釋放在光滑的水平地面上，則它們自己的庫侖力將（）A變大B變小C不變D無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，勻強電場中的三個點ABC構(gòu)成一個直角三角形， ， ， 。把一個帶電量為的點電荷從A點移到到B點電場力不做功；從B點移動到C點電場力做功為。若規(guī)定C點的電勢為零，則（ ）A該電場的電場強度大小為BC、B兩點間的電勢差為CA點的電勢為D若

5、從A點沿AB方向飛入一電子，其運動軌跡可能是乙8、如圖所示，AB、CD為一圓的兩條直徑且相互垂直，O點為圓心空間存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行現(xiàn)讓一電子先從A點運動至C點，電勢能減少了Ep；又從C點運動到B點，電勢能增加了Ep.那么此空間存在的靜電場可能是（ ）A勻強電場，方向垂直于AB由O點指向C點B勻強電場，方向垂直于AB由C點指向O點C位于O點的正點電荷形成的電場D位于D點的負點電荷形成的電場9、A、B兩物體質(zhì)量均為m，其中A帶正電，帶電量為q，B不帶電，通過勁度系數(shù)為k的絕緣輕質(zhì)彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時兩者都處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)在施加豎直向上的勻強電場，電場強度，式

6、中g(shù)為重力加速度，若不計空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是 A剛施加電場的瞬間，A的加速度為2gB從開始到B剛要離開地面過程，A物體速度大小先增大后減小C從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量DB剛要離開地面時， A的速度大小為10、一帶負電的粒子僅在電場力作用下沿x軸正向運動，其電勢能E隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中段是對稱的曲線，段是直線，則下列說法正確的是A處電場強度為零B在、處的電勢、的關(guān)系為C粒子在段做變速運動，在段做勻速直線運動D在段該帶負電的粒子速度增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不

7、要求寫出演算過程。11（6分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了以下器材：A小燈泡（3.8V，0.3A）B滑動變阻器（5，2A）C電流表（00.5A，內(nèi)阻約0.4）D電壓表（05V，內(nèi)阻約10k）E開關(guān)及導線若干(1)為實驗測量誤差盡可能小，電流表應選用_（填“內(nèi)”或“外”）接法；(2)為使小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，滑動變阻器應選用_（填“限流式”或“分壓式”）接法；(3)綜上所述，應選擇下圖中的_電路進行實驗(4)利用實驗數(shù)據(jù)畫出了如乙圖所示的小燈泡伏安特性曲線。圖中，坐標原點O到P點連線的斜率表示_。則根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻

8、_（填“變大”、“變小”或“不變”）12（12分） (1)某實驗小組在“測定金屬電阻率”的實驗過程中，正確操作獲得電流表、電壓表的讀數(shù)如圖甲、乙所示，則它們的讀數(shù)分別是_A，_V。(2)已知實驗中所用的滑動變阻器阻值范圍為010，電流表內(nèi)阻約幾歐，電壓表內(nèi)阻約20k。電源為干電池（不宜在長時間、大功率狀況下使用），電動勢E4.5V，內(nèi)阻很小。則下圖電路圖中_（填電路圖下方的字母代號）電路為本次實驗應當采用的最佳電路。但用此最佳電路測量的結(jié)果仍然會比真實值偏_（填“大”或“小”）。(3)若流經(jīng)金屬絲的電流為I，圓柱體兩端之間的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別為D、L，測得D、L、I、U表示的電阻

9、率的關(guān)系式為_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一對平行金屬板A,B。板長為L，AB間距離為d。一帶正電的粒子，質(zhì)量為m，帶電量為q，以平行極板的速度V，從左側(cè)靠近A板處射入兩極板間。欲使粒子從兩極板右側(cè)靠近B板處飛出，（不計粒子重力）：(1)若給兩極板加一電壓，則電壓大小為多少？(2)若僅在兩極板范圍內(nèi)施加一垂直紙面方向的勻強磁場，則磁場的磁感應強度大小為多少？14（16分）在近代物理實驗中，常用回旋加速器加速得到高速粒子流回旋加速器的結(jié)構(gòu)如圖所示，D1、D2是相距很近的兩個處于勻強磁場中的

10、半圓形金屬盒，D形盒的縫隙處接交流電源，A處的粒子源產(chǎn)生的帶電粒子在兩盒之間被電場加速設帶電粒子質(zhì)量為m，電量為q，勻強磁場磁感應強度為B，D形盒的最大半徑為R，兩個D形盒之間的距離為d，d遠小于R，D形盒之間所加交變電壓大小為U不計粒子的初速度及運動過程中質(zhì)量的變化，求：（1）所加交變電壓的周期T；（2）帶電粒子離開D形盒時的動能Ekm； （3）帶電粒子在回旋加速器磁場中運動的時間t1及在兩D形盒間電場中運動的時間t2，并證明粒子在電場中運動的時間可以忽略不計15（12分）如圖所示，光滑平行的水平金屬導軌MNPQ相距L，在M點和P點間接一個阻值為R的電阻，在兩導軌間矩形區(qū)域內(nèi)有垂直導軌平面豎

11、直向下、寬為d的勻強磁場，磁感強度為B，一質(zhì)量為m，電阻為r的導體棒ab，垂直擱在導軌上，與磁場左邊界相距S，現(xiàn)用一大小為F、水平向右的恒力拉ab棒，使它由靜止開始運動，棒ab在離開磁場前已經(jīng)做勻速直線運動(棒ab與導軌始終保持良好的接觸，導軌電阻不計)。求：(1)棒ab在離開磁場右邊界時的速度；(2)棒ab通過磁場區(qū)的過程中整個回路所消耗的電能。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：根據(jù)庫侖力的表達式可知，電荷間距離越小，庫侖力就越大故選B考點：庫侖定律點評：容易題真空中兩個點電荷之間的相互作用

12、力的大小，跟它們的電荷量的乘積成正比，跟它們的距離的二次方成反比，作用力的方向沿著它們的連線2、B【解析】由動量守恒定律： 解得；則碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能A0，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B ，與結(jié)論相符，選項B正確；C，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選B.3、D【解析】A、自由電荷是導體中本身帶有的，不是由電源提供的，故A錯B、電源是將其他形式能轉(zhuǎn)化為電能，并不是直接釋放電能，故B錯C、電源的作用是為導體兩端提供電壓，在導體內(nèi)產(chǎn)生電場，使自由電荷在電場力作用下做定向移動，使導體中形成持續(xù)的電流，故C錯D、電動勢是一個用比值定義的物理量，這個物理量與這兩個相比的項

13、沒有關(guān)系，它是由電源本身決定的，是表征其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量，故D正確綜上所述本題答案是：D4、D【解析】由圖分析可知電容器極板上的電荷量幾乎不變，將極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，根據(jù)公式，電容減小，由公式可判斷出電容器極板間電壓變大，靜電計張角增大，故D正確，ABC錯誤【點睛】本題要抓住電荷量不變的條件，根據(jù)電容的定義式分析電容如何變化5、B【解析】A等量同種電荷連線中垂線在連線上方場強方向向上，連線下方場強方向向下，所以帶電粒子一定帶負電，故A錯誤；B等量同種電荷連線中垂線的連線上方場強方向向上，連線下方場強方向向下，帶電粒子從靜止開始先做加速運動到O點，再減速運

14、動到B點，所以在O點，帶電粒子的速度最大，故B正確；C等量同種電荷連線中點場強為零，所以在O點，帶電粒子的加速度為零，故C錯誤；D等量同種電荷連線中點場強為零，中垂線上從O點往上場強先增大后減小，所以帶電粒子在在A點（或B點），場強不一定最大，加速度不一定最大，故D錯誤6、B【解析】A、B兩個小球都帶正電，存在相互作用力斥力，它們之間的距離增大，根據(jù)庫侖定律，它們之間庫侖力大小為F=，q不變，r增大，F(xiàn)減小故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】C、點電

15、荷從A移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點的同一等勢面上，從B點移動到C點電場力做功為，說明電場強度的方向垂直AB邊向上。則A點的電勢，故選項C錯誤；B、C、B兩點間的電勢差為，故選項B正確；A、該電場的電場強度大小為，故選項A錯誤；D、電子從A點沿AB方向飛入，受力方向?qū)⒀仉妶鼍€方向的反方向，故粒子將向左下偏轉(zhuǎn)，運動軌跡的大致圖像如圖中乙所示，故選項D正確。點睛：本題考查電勢差與電場強度的關(guān)系、帶電粒子在電場中的運動、等勢面、電勢能，注重理解能力和分析綜合能力。8、BD【解析】AB現(xiàn)讓一電子先從A點運動至C點，電勢能減少了Ep；又從C點運動到B點，電勢能增加了Ep，所以A和B電勢相等；如果

16、是勻強電場，AB連線是等勢線，勻強電場垂直于AB，由于電子先從A點運動至C點，電勢能減少，所以A點電勢小于C點電勢，沿著電場線電勢一定降低，所以方向垂直于AB由C點指向O點，故A錯誤，B正確；C如果位于O點的正點電荷形成的電場，A點電勢等于C點電勢，故C錯誤；D位于D點的負電荷形成的電場，符合題意，故D錯誤。故選BD。9、AD【解析】提供電場前，A靜止，受到重力和彈力，合力為零，施加電場后對A根據(jù)牛頓第二定律有加速度；B剛要離開地面時，此時彈簧被拉長，且彈力剛好等于物體B的重力，對A分析，此時受力平衡，即A的加速度等于零，從開始到B剛要離開地面過程，A做加速度減小的加速運動，在A點速度最大，根

17、據(jù)能量守恒定律可知，從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量與彈簧的彈性勢能減小量之和；【詳解】A、提供電場前，A受到重力和彈力，合力為零，施加電場后對A根據(jù)牛頓第二定律有：，則加速度為，故A正確；B、B剛要離開地面時，此時彈簧被拉長，且彈力剛好等于物體B的重力，對A分析，此時受力平衡，即A的加速度等于零，從開始到B剛要離開地面過程，A做加速度減小的加速運動，在A點速度最大，故B錯誤；C、根據(jù)能量守恒定律可知，從開始到B剛要離開地面的每段時間內(nèi)，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量與彈簧的彈性勢能減小量之和，故C錯誤；D、B剛要離開地面時彈簧的伸長量等于

18、開始時彈簧的壓縮量，從開始到B剛要離開地面過程，彈性勢能不變，根據(jù)動能定理可得：，解得A的速度大小為：，故D正確；故選AD。【點睛】關(guān)鍵是B剛要離開地面時彈簧的伸長量等于開始時彈簧的壓縮量，從開始到B剛要離開地面過程，彈性勢能不變。10、BD【解析】試題分析：帶負電的粒子只受電場力的作用，故粒子的動能加電勢能守恒，所以在x1處電勢能最小時，粒子的動能最大，選項A錯誤；根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=q，粒子帶負電，q0，則知：電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以有：121故B正確；根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=q，場強與電勢的關(guān)系：，得：，由數(shù)學知識可知Ep-x圖象切線的斜率等于，段是直線，故

19、場強是定值，是勻強電場，選項D正確；由圖看出在0x1段圖象切線的斜率不斷減小，由上式知場強減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運動x1x2段圖象切線的斜率不斷增大，場強增大，粒子所受的電場力增大，做非勻變速運動x2x1段斜率不變，場強不變，即電場強度大小和方向均不變，是勻強電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運動，故B正確故選BD考點：電勢與電勢能；電場強度.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、外接法 分壓式 B P狀態(tài)燈絲電阻的倒數(shù) 變大 【解析】(1)1燈泡正常發(fā)光時的電阻：，電流表內(nèi)阻約為0.4，電壓表內(nèi)阻約為1

20、0k，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法(2)2燈泡兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法(3)3電流表采用外接法、滑動變阻器采用分壓接法，則應采用圖B所示實驗電路(4)45坐標原點O到P點連線的斜率表示P狀態(tài)小燈泡電阻的倒數(shù)；根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大12、0.42 2.25 B 小 【解析】(1)1電流表分度值為，所以讀數(shù)為。2電壓表分度值為，所以讀數(shù)為。(2)3因為電源不適宜長時間、大功率使用，所以滑動變阻器采用限流接法，根據(jù)歐姆定律計算待測電阻阻值根據(jù)題意可知電壓表的內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值，電壓表分流較小，所以電流表宜采用外接法

21、，ACD錯誤，B正確。故選B。4電壓表測量準確，電流表測量的是通過電阻和電壓表的總電流，偏大，根據(jù)歐姆定律可知電阻的測量值比真實值小。(3)根據(jù)電阻定律橫截面積根據(jù)歐姆定律聯(lián)立方程解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】（1）粒子在水平方向做勻速運動：L=vt豎直方向做勻加速運動，則d= 其中的 聯(lián)立解得 （2）若僅在兩極板范圍內(nèi)施加一垂直紙面方向的勻強磁場，粒子在磁場中做勻速圓周運動，則要使粒子從兩極板右側(cè)靠近B板處飛出，則R2=L2+(R-d)2；且 解得14、（1） （2） （3）見

22、解析【解析】（1）帶電粒子在磁場中運動半周的時間與交變電壓的半個周期相等， 得 （2）帶電粒子離開D形盒時的軌跡半徑為R，由圓周運動的規(guī)律得 解得： 帶電粒子離開D形盒時的動能 （3）設帶電粒子在電場中加速的次數(shù)為n，有 解得： 又因為帶電粒子在磁場中運動的周期 所以帶電粒子在磁場中運動的時間 解得： 帶電粒子在電場中的運動可看成勻加速直線運動，得v=at 其中 所以帶電粒子在電場中運動的時間 有 因為d遠小于R，有t2遠小于t1，所以帶電粒子在電場中運動的時間可以忽略【點睛】此題關(guān)鍵是知道回旋加速器的工作原理，知道電場的周期等于粒子在磁場中的周期，當粒子的半徑等于D型盒的半徑時，粒子的速度最大，能量最大.15、 (1) (2) 【解析】(1)由題意知ab棒離開磁場前已經(jīng)做勻速運動，設速度速度誒為而v，則有：ab棒受力平衡有：聯(lián)立解得：(2)根據(jù)能量守恒可知整個回路所消耗的電能即為運動過程中安培力所做的功，則由動能定理可得：解得：所以：答：(1)棒ab在離開磁場右邊界時的速度；(2)棒ab通過磁場區(qū)的過程中整個回路所消耗的電能。