《2023學(xué)年北京市順義區(qū)第一中學(xué)物理高二上期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年北京市順義區(qū)第一中學(xué)物理高二上期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖1為一列簡諧橫波在t=0時的波形圖，P是平衡位置在x=1cm處的質(zhì)元，Q是平衡位置在x=4cm處的質(zhì)元。圖2為質(zhì)元Q的振動圖像。則At=0.3s時，質(zhì)元Q的加速度達到

2、正向最大B波的傳播速度為20m/s C波的傳播方向沿x軸負(fù)方向Dt=0.7s時，質(zhì)元P的運動方向沿y軸負(fù)方向2、如圖所示，在傾角為的光滑斜面上，垂直斜面放置一根長為L、質(zhì)量為m的直導(dǎo)線當(dāng)通以電流I時，欲使導(dǎo)體靜止在斜面上，外加勻強磁場B的大小和方向應(yīng)是（ ）A,方向垂直斜面向上B,方向垂直斜面向下C,方向垂直向下D,方向水平向右3、如圖所示，左端固定的輕質(zhì)彈簧被物塊壓縮，物塊被釋放后，由靜止開始從A點沿粗糙水平面向右運動離開彈簧后，經(jīng)過B點的動能為Ek，該過程中，彈簧對物塊做的功為W，則物塊所受摩擦力做的功Wf為()AWf=EkBWf=Ek+WCWf+Ek=WDWf=WEk4、如圖所示，質(zhì)量分

3、別是m1和m2帶電量分別為q1和q2的小球，用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是和（），兩小球恰在同一水平線上，那么（ ）A兩球一定帶同種電荷Bq1一定大于q2Cm1一定等于m2Dm1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力5、對下列物理公式的理解，其中正確的是：( )A由公式=P/q可知，靜電場中某點的電勢是由放入該點的點電荷所具有的電勢能P和該電荷電量q所決定的B由公式R=U/可知，導(dǎo)體的電阻R由它兩端的電壓U和通過它的電流決定C由公式E=kQ/r2可知，點電荷Q在距其r處產(chǎn)生的電場強度E由場源電荷電量Q和距場源電荷的距離r決定D公式E=U/d對任何電場都適用6、在靜電場中由

4、靜止釋放一電子，該電子僅在電場力作用下沿直線運動，其加速度a隨時間t的變化規(guī)律如圖所示。則A該電場可能為勻強電場B電子的運動軌跡與該電場的等勢面垂直C電子運動過程中途經(jīng)各點的電勢逐漸降低D電子具有的電勢能逐漸增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，C為中間插有電介質(zhì)的電容器， b極板與靜電計金屬球連接，a極板與靜電計金屬外殼都接地開始時靜電計指針張角為零，在b板帶電后，靜電計指針張開了一定角度以下操作能使靜電計指針張角變大的是（ ）A將b板也接地Bb板不動、將a

5、板向右平移C將a板向上移動一小段距離D取出a、b兩極板間的電介質(zhì)8、如圖，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導(dǎo)線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點，它們相對于L2對稱。整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強度大小為B0，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向外。則（）A流經(jīng)L1的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B0B流經(jīng)L1的電流在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B0C流經(jīng)L2的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B0D流經(jīng)L2的電流在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B09、直流電路如圖所示，電源內(nèi)電阻r=2，定值電

6、阻R0=4，滑動變阻器R的最大阻值為10，當(dāng)S閉合，滑片P從最左端向右端移動的過程中，下列說法正確的是（）A電流表示數(shù)減小，伏特表示數(shù)增大B電源的輸出功率一定先增大后減小C電源的總功率一定減小，效率一定增大D變阻器R的功率一直減小10、如圖所示，用絕緣細(xì)線拴一個帶正電的小球，讓它在豎直向下的勻強電場中繞O點做豎直平面內(nèi)的圓周運動，a、b兩點分別是圓周的最高點和最低點，則（）A小球經(jīng)過a點時，線中的張力最大B小球經(jīng)過b點時，電勢能最小C小球經(jīng)過a點時，機械能最小D小球經(jīng)過b點時，機械能最小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究

7、加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗中,某學(xué)習(xí)小組在實驗室組裝了如圖的裝置外,還備有下列器材：打點計時器所用的學(xué)生電源、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、天平、細(xì)沙他們稱量滑塊的質(zhì)量為M、沙和小桶的總質(zhì)量為m當(dāng)滑塊連接上紙帶,用細(xì)線通過滑輪掛上空的小桶時,滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)要完成該實驗,則：（1）還缺少的實驗器材是_ （2）實驗時為保證滑塊受到的合力與沙、小桶的總重力大小基本相等,沙和小桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足的實驗條件是_ ；實驗時為保證細(xì)線拉力等于滑塊所受的合外力,首先要做的步驟是_ 12（12分）為了研究一個“2.5V，0.1W”的小燈泡的伏安特性，現(xiàn)有蓄電池一組，電鍵一個，導(dǎo)線若干，其他可供選擇的器材如下：A量程為 03

8、A，內(nèi)阻為 0.025 的電流表；B量程為 00.6A，內(nèi)阻為 0.2的電流表；C量程為 0l00mA，內(nèi)阻為 5 的電流表；D量程為 03V，內(nèi)阻為 10k 的電壓表；E量程為 015V，內(nèi)阻為 50k 的電壓表； F05 的滑動變阻器，額定電流為1A。（1）要正確地完成這個實驗，電流表應(yīng)選_，電壓表應(yīng)選_(填代號)。 （2）請在方框中畫出該實驗的電路原理圖。（_）（3）在某次實驗中，有一小組的同學(xué)測量的電壓和電流的數(shù)據(jù)如表中所示，請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)作出伏安特性IU圖像。（_）編號12345678U(V)0.200.601.001.401.802.202.603.00I(A)0.0200.06

9、00.1000.1400.1700.1900.2000.205（4）從以上作出的IU圖像可以看出，圖線彎曲的原因是：_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電源的電動勢E=110V，電阻R1=21，電動機繞線的電阻R0=0.5，電鍵S1始終閉合。當(dāng)電鍵S2斷開時，電阻R1的電功率是525W；當(dāng)電鍵S2閉合時，電阻R1的電功率是336W，求（1）電源的內(nèi)電阻；（2）當(dāng)電鍵S2閉合時流過電源的電流和電動機的輸出的功率。14（16分）如圖，在真空中有兩個點電荷A和B，電量分別為Q和2Q，它們相距L，如果在

10、兩點電荷連線的中點O有一個半徑為r（2rL）的空心金屬球，且球心位于O點，求：（1）Q在O點產(chǎn)生的電場強度的大小與方向；（2）球殼上的感應(yīng)電荷在O點處產(chǎn)生的場強大小與方向15（12分）如圖所示，用長L的絕緣細(xì)線拴住一個質(zhì)量為m，帶電量為q的小球，線的另一端拴在水平向右的勻強電場中，開始時把小球、線拉到和O在同一水平面上的A點(線拉直)，讓小球由靜止開始釋放，當(dāng)擺線擺到與水平線成60角到達B點時，球的速度正好為零求：(1)B、A兩點的電勢差；(2)勻強電場的場強大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分

11、析：由圖2可知，t=0.3s時，質(zhì)元Q的位置在正向最大位移處，故其加速度是達到反向最大，故A是不對的；由圖1可知，波長為8cm，由圖2可知，周期為0.4s，故波速為v=20cm/s，所以B也是不對的；由于質(zhì)元Q在t=0時的振動方向是向下的，故可以判斷出波的傳播方向是沿x軸的負(fù)方向傳播的，故C是正確的；當(dāng)t=0.7s時，實際上是經(jīng)過1T，0位置處的質(zhì)元會運動到負(fù)的最大位移處，所以P點的質(zhì)元會運動到x軸以下正在沿y軸的正方向運動的位置，故D是不對的?？键c：振動與波的圖像。2、B【解析】通電導(dǎo)線在磁場中的受到安培力作用，由左手定則來確定安培力的方向，由平衡條件求出安培力大小，最后由安培力公式計算B的

12、大小【詳解】A、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向上，則沿斜面向下的安培力、支持力與重力，無論B多大三個力的合力不可能為零，直導(dǎo)線不可能處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；B、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向下，則沿斜面向上的安培力、支持力與重力，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件：mgsin=BIL，則，故B正確；C、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向豎直向上，則水平向右的安培力、支持力與重力，無論B多大三個力的合力不可能為零，直導(dǎo)線不可能處于平衡狀態(tài)，故C錯誤；D、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向水平向右，則受豎直向下的安培力三力作用下導(dǎo)線不會處于平衡，故D錯誤；故選B.【點睛】學(xué)會區(qū)分左手定

13、則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向3、D【解析】對物塊從A到B應(yīng)用動能定理有： 解得：故D正確4、D【解析】試題分析：由兩小球互相靠近，說明兩小球互相吸引，兩球一定帶異種電荷，A錯；對a、b兩小球均受重力，線的拉力和a、b兩球的靜電斥力，三力平衡.已知,由平衡條件得mamb.兩球間的相互作用力大小相等，與兩球的電量無關(guān)，電量大小無法判斷，D對；BC錯；考點：考查庫侖定律的應(yīng)用點評：難度中等，兩球間的庫侖力是相互作用力，故無法判斷兩球的電荷大小，這是本題應(yīng)該注意的5、C【解析】A、靜電場中某點的電勢由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)，故A錯誤；B、為電阻的定義式，電阻定

14、律公式可知，導(dǎo)體的電阻R由它的長度L，它的橫截面積S，以及導(dǎo)體材料的電阻率決定，故B錯誤；C、根據(jù)點電荷的場強公式知：電場強度只由場源電荷電量和該點在電場中的位置決定；D、是勻強電場中電場強度與電勢差的關(guān)系式，只適用于勻強電場故選C【點睛】中學(xué)階段有很多物理量是用比值定義法定義的，用比值定義法定義的物理量有一個共同點，解這個物理量與兩個相關(guān)的物理量的大小無直接關(guān)系，但能反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性6、B【解析】A：由加速度a隨時間t的圖象可知，電子的加速度變化，所受電場力變化，運動軌跡上各點的場強大小改變，電場不是勻強電場。故A項錯誤。B：電子僅在電場力作用下沿直線運動，且運動過程中加速度方向不變，

15、所受電場力方向不變，則運動軌跡上各點場強方向一樣且場強方向與軌跡同一直線，電場方向與等勢面垂直，所以電子的運動軌跡與該電場的等勢面垂直。故B項正確。CD：電子由靜止釋放做加速運動，電子所受電場力做正功，電子具有的電勢能減小，電子運動過程中途經(jīng)各點的電勢逐漸升高。故CD兩項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的變化，根據(jù)C=Q/U分析電壓U的變化【詳解】將b板也接地，電容器帶電量不

16、變，兩板間的電勢差不變，則靜電計指針張角不變，選項A錯誤；b板不動、將a板向右平移，根據(jù)可知d變小時，C變大，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U減小，即靜電計指針張角變小，選項B錯誤；將a板向上移動一小段距離，根據(jù)可知S變小時，C變小，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項C正確；取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，根據(jù)可知C變小，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項D正確；故選CD.【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關(guān)于電容的兩個公式和C=Q/U8、AC【解析】外磁場、電流的磁場方向如圖所示在b點B0B0B

17、1B2在a點B0B0B1B2由上述兩式解得B1B0，B2B0。故AC正確，BD錯誤。故選AC。9、AC【解析】A：滑片P從最左端向右端移動的過程，R增大，電路總電阻增大，電路中總電流減小，電流表示數(shù)減小，據(jù)，增大，伏特表示數(shù)增大故A正確B：電源的輸出功率 ，因為，隨著R增大，電源的輸出功率減小故B錯誤C：電源的總功率，隨著R增大，電源的總功率減?。浑娫吹男?，隨著R增大，電源的效率增加故C正確D：變阻器R的功率：，當(dāng)時，變阻器的功率最大，則滑片P從最左端向右端移動的過程中，變阻器R的功率先增加后減小故D錯誤點睛：當(dāng)內(nèi)外電路電阻相等時，電源的輸出功率最大10、BC【解析】小球受向下的重力和向下

18、的電場力，可知電場力和重力的合力向下，可知小球經(jīng)過b點時，速度最大，則線中的張力最大，選項A錯誤；順著電場線電勢降低，可知b點的電勢最低，正電荷在b點的電勢能最小，在a點時電勢能最大，選項B正確；小球只有電場力和重力做功，則小球的電勢能和機械能之和守恒，因小球在a點時電勢能最大，可知在a點的機械能最小，在b點時機械能最大，選項C正確，D錯誤；故選BC.【點睛】此題關(guān)鍵是知道小球只有電場力和重力做功，小球的電勢能和機械能之和守恒；會通過等效力的方法研究圓周運動。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、刻度尺 沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量

19、平衡摩擦力 【解析】由題中“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”可知，本題考查牛肚第二定律中加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗，根據(jù)實驗原理和實驗步驟可分析本題?！驹斀狻浚?）1因為需要通過打點計時器的紙帶數(shù)據(jù)求解加速度，因此還需要的器材是刻度尺；（2）2根據(jù)牛頓第二定律可知，當(dāng)沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量時，繩子的拉力才能近似等于沙和沙桶的重力，所以沙和沙桶應(yīng)該滿足的條件是：沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量。3 實驗時為保證細(xì)線拉力等于滑塊所受的合外力,首先需要做的是平衡摩擦力。12、C D 隨著功率的增大，溫度升高，金屬絲電阻變大 【解析】(1)12 燈泡額定電流電流表選C；燈泡額定電壓為2.5V，電壓

20、表選D；(2) 3描繪小燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；燈泡正常發(fā)光時的電阻電流表內(nèi)阻約為5，電壓表內(nèi)阻約為10k，相對來說電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實驗電路圖如圖所示(3)4根據(jù)表中數(shù)據(jù)作圖如下(4)5 由圖可知，圖象上某點與原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，而圖象的斜率先不變后越來越小，故說明電阻先不變，后變大，是因為隨著功率的增大，溫度升高，金屬絲電阻變大的緣故。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）r=1（2）26A；1606W【解析】試題分析：（1

21、）S2斷開時等效電路如圖所示，R1消耗的功率為P1，則代入數(shù)據(jù)解得r1（2）設(shè)S2閉合時路端電壓為U，R1消耗的功率為P2，則由閉合電路歐姆定律得EUIr代入數(shù)據(jù)解得I26A設(shè)流過R1的電流為IR1，流過電動機的電流為IM，而IMIR1I對電動機有UIMP出IR0代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得P出1 606W考點：閉合電路的歐姆定律；電功率【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠靈活運用閉合電路歐姆定律，以及知道電動機輸入功率、輸出功率、熱功率的關(guān)系。14、（1） 方向向左； （2） 方向向右【解析】(1)由點電荷場強公式，所以Q在O點產(chǎn)生的電場強度的大小場強方向向左；(2)兩個點電荷A和B在O點處產(chǎn)生的合場強大小為方向向左，根據(jù)靜電平衡導(dǎo)體的特點可知，球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大小與兩個點電荷A和B在O點處產(chǎn)生的合場強大小相等，方向相反，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大小為方向向右。15、（1）；（2）【解析】（1）小球從靜止釋放到到達B點的過程中，根據(jù)動能定理得 mgLsin60+qUAB=0得， （2）勻強電場的電場強度 ，d=L（1-cos60），聯(lián)立得到，