《2023學(xué)年云南省玉溪市一中物理高二第一學(xué)期期中考試試題含解析.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年云南省玉溪市一中物理高二第一學(xué)期期中考試試題含解析.doc（13頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示是一個(gè)說明示波管工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓U1加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，離開電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電勢(shì)差為U2，板長(zhǎng)為L(zhǎng).為了提高示波管的靈

2、敏度(每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量為)可采用的方法是()A增大兩板間的電勢(shì)差U2B盡可能使板長(zhǎng)L短些C使加速電壓U1升高些D盡可能使板間距離d小些2、在雷雨云下沿豎直方向的電場(chǎng)強(qiáng)度為104V/m已知一體積為410-9m1的雨滴在此電場(chǎng)中不會(huì)下落，取重力加速度大小為10m/s2,水的密度為101kg/m1這雨滴攜帶的電荷量的最小值為（ ）A2CB4CC6CD8C3、如圖所示，通電豎直長(zhǎng)直導(dǎo)線的電流方向向上，初速度為的電子平行于直導(dǎo)線豎直向上射出，不考慮電子的重力，則電子將A向右偏轉(zhuǎn)，速率不變B向左偏轉(zhuǎn)，速率改變C向左偏轉(zhuǎn)，速率不變D向右偏轉(zhuǎn)，速率改變4、在絕緣光滑的水平面上，如圖所示有相隔一定距離的兩

3、個(gè)帶同種電荷的小球。讓它們從靜止開始釋放，則兩個(gè)球的加速度和速度隨時(shí)間的變化情況是（）A速度、加速度都變大B速度、加速度都變小C速度變小、加速度變大D速度變大、加速度變小5、在絕緣粗糙的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正點(diǎn)電荷,其電量分別為QA、QB，兩點(diǎn)電荷的位置坐標(biāo)如圖甲所示圖乙是A、B連線之間的電勢(shì)與位置x之間的關(guān)系圖像，圖中x=L點(diǎn)為圖線的最低點(diǎn)，若將質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）在x=2L的C點(diǎn)由靜止釋放，其向左運(yùn)動(dòng)，則在接下來的過程中，下列說法正確的是A小球一定能到達(dá)x= - 2L點(diǎn)處B小球在x=L處的加速度最小C小球在向左運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)能先增大后減小D電量QAQ

4、B=216、在真空中有一半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電球，球心位置O固定，P為球外一點(diǎn)，M為球內(nèi)一點(diǎn)，如圖所示，以無窮遠(yuǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)，（已知均勻帶電的球殼在殼內(nèi)任意一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度均為零，在殼外某點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度等同于把殼上電量全部集中在球心處的點(diǎn)電荷所產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度）.關(guān)于P、M兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)，下列說法中正確的是A若Q不變，P點(diǎn)的位置也不變,而令R變小，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)減小B若Q不變，P點(diǎn)的位置也不變，而令R變大（P點(diǎn)仍在球外），則P點(diǎn)的電勢(shì)升高C若Q不變，M點(diǎn)的位置也不變，而令R變小（M點(diǎn)仍在球內(nèi)），則M點(diǎn)的電勢(shì)不變D若Q不變，M點(diǎn)的位置也不變，而令R變大，則M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不變二、多項(xiàng)選擇

5、題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，C是一只靜電計(jì)，閉合開關(guān)S后，靜電計(jì)指針張開一個(gè)角度，下述做法與結(jié)論相符合的是（）A保持開關(guān)S閉合，減小A、B間距離，靜電計(jì)張角減小B保持開關(guān)S閉合，減小A、B間正對(duì)面積，靜電計(jì)張角不變C斷開開關(guān)S后，減小A、B間距離，靜電計(jì)張角減小D斷開開關(guān)S后，減小A、B間正對(duì)面積，靜電計(jì)張角不變8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，實(shí)線為一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、

6、M為這軌跡上的兩個(gè)點(diǎn)，由此可知（）A三個(gè)等勢(shì)面中，a電勢(shì)最低B粒子在P點(diǎn)比在M點(diǎn)時(shí)加速度大C粒子在M點(diǎn)比在P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能大D粒子在P點(diǎn)比在M點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能較小9、某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖中實(shí)線所示，虛線是某個(gè)帶電粒子僅受電場(chǎng)力作用的運(yùn)動(dòng)軌跡，以下說法正確的是（ ）A粒子一定帶正電荷B粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在N點(diǎn)的加速度C粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在N點(diǎn)的電勢(shì)能DM點(diǎn)的電勢(shì)小于N點(diǎn)的電勢(shì)10、電路中理想電壓表、理想電流表連接如圖所示，現(xiàn)在閉合電鍵S，向上滑動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P ，電壓表、電流表示數(shù)都發(fā)生變化并且在量程之內(nèi)，電表的示數(shù)分別用、表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用、和表示下列比值正確的是（ ）

7、 A不變， 變小B不變，不變C變小，不變D變小，變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）有一個(gè)額定電壓為18 V，額定功率約為1 W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這只燈泡的伏安特性圖線，有下列器材可供選用：A電壓表V1（26 V，內(nèi)阻約為5 k）B電壓表V2（215 V，內(nèi)阻約為12 k）C電流表A1（21 A，內(nèi)阻約為21 ）D電流表A2（226 A，內(nèi)阻約為25 ）E滑動(dòng)變阻器R1（12 ，5 A）F滑動(dòng)變阻器R2（222 ，25 A）G蓄電池（電動(dòng)勢(shì)6 V，內(nèi)阻不計(jì)）H開關(guān)、導(dǎo)線（1）實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用下列的圖_（填字母代號(hào)）（

8、2）實(shí)驗(yàn)中，電壓表選_，電流表選_，滑動(dòng)變阻器選_（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）（1）測(cè)得該燈泡的伏安特性曲線如圖所示，由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為_（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻_（填“增大”，“減小”或“不變”）（4）若將此燈泡與電動(dòng)勢(shì)12 V、內(nèi)阻為1 的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為_的電阻（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）在測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，有電壓表V(量程為3V，內(nèi)阻約3k)；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.70）；滑動(dòng)變阻器R（10，2A）。為了更準(zhǔn)確地測(cè)出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻設(shè)計(jì)了如圖所示的電路圖。 在實(shí)驗(yàn)

9、中測(cè)得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動(dòng)勢(shì)E=_ V ，內(nèi)阻r=_ 。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）一位同學(xué)對(duì)以上實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了誤差分析其中正確的是_A實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）某品牌手機(jī)在待機(jī)工作狀態(tài)時(shí)，通過的電流是4微安，則該手機(jī)待機(jī)一天時(shí)間內(nèi)通過的電荷量是多少？通過的自由電子個(gè)數(shù)是多少？14（16分）如圖所示，一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊處于一傾角為的光滑斜面上，當(dāng)整個(gè)裝置被置

10、于一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小物塊恰好靜止。重力加速度取g，sin0.6，cos0.8。求： (1)水平向右電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?2)若將電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；(3)電場(chǎng)強(qiáng)度變化后小物塊下滑距離L時(shí)的動(dòng)能。15（12分）如圖所示，一面積為S的單匝圓形金屬線圈與阻值為R的電阻連接成閉合電路，不計(jì)圓形金屬線圈及導(dǎo)線的電阻線圈內(nèi)存在一個(gè)方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增加且變化率為k的磁場(chǎng)B.電阻R兩端并聯(lián)一對(duì)平行金屬板M、N，兩板間距為d，N板右側(cè)xOy坐標(biāo)系(坐標(biāo)原點(diǎn)O在N板的下端)的第一象限內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界OA和y軸的夾角AOy45，AOx區(qū)域?yàn)?/p>

11、無場(chǎng)區(qū)在靠近M板處的P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子(不計(jì)重力)，經(jīng)過N板的小孔，從點(diǎn)Q(0，l)垂直y軸進(jìn)入第一象限，經(jīng)OA上某點(diǎn)離開磁場(chǎng)，最后垂直x軸離開第一象限求：(1)平行金屬板M、N獲得的電壓U；(2)yOA區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；(3)粒子從P點(diǎn)射出至到達(dá)x軸的時(shí)間參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】本題的關(guān)鍵是根據(jù)動(dòng)能定理和類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出示波管靈敏度的表達(dá)式，然后討論即可求解?！驹斀狻繋щ娏Ｗ蛹铀贂r(shí)，由動(dòng)能定理得：qU1=mv2帶電粒子偏轉(zhuǎn)時(shí)，由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，得：L=

12、vt，h=at2又由牛頓第二定律得：聯(lián)立得由題意，靈敏度為：可見，靈敏度與U2無關(guān)，要提高示波管的靈敏度，可使板長(zhǎng)L長(zhǎng)些、板間距離d小一些、加速電壓U1降低一些，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確【點(diǎn)睛】本題主要考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，結(jié)合動(dòng)能定理和類平拋規(guī)律與電場(chǎng)知識(shí)可解。2、B【解析】試題分析：據(jù)題意，該雨滴不會(huì)下落，說明該雨滴的重力與電場(chǎng)力至少相等，即：，雨滴的質(zhì)量與水的密度關(guān)系為：，雨滴所帶電荷量最小值經(jīng)過計(jì)算得：，故B選項(xiàng)正確故選B考點(diǎn)：平衡問題和電場(chǎng)力3、A【解析】解：由安培定則可知導(dǎo)體右側(cè)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，然后根據(jù)左手定則可知運(yùn)動(dòng)電子所受洛倫茲力向右，因此電子將向右偏轉(zhuǎn)，洛倫茲

13、力不做功，故其速率不變，故BCD錯(cuò)誤，A正確故選A【點(diǎn)評(píng)】在解決帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題時(shí)安培定則與左手定則經(jīng)常聯(lián)合應(yīng)用，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)訓(xùn)練，以提高應(yīng)用它們的解題能力4、D【解析】由于同種電荷間存在相互作用的排斥力，兩球?qū)⑾嗷ミh(yuǎn)離，距離增大，根據(jù)庫(kù)侖定律得知，相互作用力減??；由牛頓第二定律得知它們的加速度變小。隨著兩球間距離增大，電場(chǎng)力做功正功，總動(dòng)能增加，所以速度增加。故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。5、C【解析】A若水平面光滑根據(jù)動(dòng)能定理得qU=0，知U=0，所以小球能運(yùn)動(dòng)到電勢(shì)與出發(fā)點(diǎn)的電勢(shì)相等的位置，由于x=-2L處的電勢(shì)高于x=2L，所以不能到達(dá)x=-2L點(diǎn)處，根據(jù)能量守恒定律可知

14、，若水平面粗糙，則小球到達(dá)最左端的位置會(huì)比光滑時(shí)的還要近，故A錯(cuò)誤；BC據(jù)-x圖像切線的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)E，則知x=L處場(chǎng)強(qiáng)為零，所以在C處場(chǎng)強(qiáng)向左，小球向左加速運(yùn)動(dòng)，由于在運(yùn)動(dòng)過程中受到摩擦力，且摩擦力向右，大小不變，故在x=L右側(cè)某位置，合力為零，此時(shí)速度最大，加速度最小，所以小球向做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，故動(dòng)能先增大后減小，故B錯(cuò)誤，C正確；Dx=L處場(chǎng)強(qiáng)為零，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)則有解得故D錯(cuò)誤6、D【解析】A若R變小，但P點(diǎn)的位置不變，P到Q的距離r不變，由可知，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不變，故A錯(cuò)誤；B若R變小，由于P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以從一電荷從P點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處（電勢(shì)為零），電場(chǎng)力做功不變，P與無窮遠(yuǎn)

15、處間的電勢(shì)差不變，因而P點(diǎn)的電勢(shì)不變。故B錯(cuò)誤；C若R變?。∕點(diǎn)仍在殼內(nèi)），根據(jù)題意可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度仍為零，不變，因此球殼內(nèi)的電勢(shì)處處相等，由于球殼的變小，導(dǎo)致電荷從球殼移到無窮遠(yuǎn)處電場(chǎng)力做功增加，而球殼的電勢(shì)比零大，所以球殼處的電勢(shì)升高，M點(diǎn)的電勢(shì)升高，故C錯(cuò)誤；D若R變大，根據(jù)題意可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度仍為零，不變，選項(xiàng)D正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】AB 合上開關(guān)，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，靜電計(jì)指針張角不變。故A錯(cuò)誤B正確；C 斷開S

16、，電容器帶電量保持不變，減小A、B間距離，根據(jù)，d變小，C變大，根據(jù)，U變小，張角變小，故C正確；D 斷開S，電容器帶電量保持不變，減小A、B間正對(duì)面積，根據(jù)，S變小，C變小。根據(jù)，U增大，張角增大。故D錯(cuò)誤。故選BC。8、AD【解析】由軌跡的彎曲情況，電場(chǎng)力應(yīng)指向曲線凹側(cè)，且與等勢(shì)面垂直（電場(chǎng)線垂直該處等勢(shì)面），由于正電荷的受力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向一致，故場(chǎng)強(qiáng)方向垂直等勢(shì)面斜向左下方，順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，a的電勢(shì)最低，A錯(cuò)誤；由于三個(gè)等勢(shì)面并沒有說明是等差等勢(shì)面，所以無法判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小，所以無法判斷電荷在P、M點(diǎn)受的電場(chǎng)力的大小，即加速度大小，B錯(cuò)誤；如果由M到P，速度或位移與力的方向夾角小于

17、90做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大；反之，如果由P到M，速度或位移與力的方向夾角大于90做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，即粒子在P點(diǎn)的動(dòng)能大，M點(diǎn)的電勢(shì)能大，故C錯(cuò)誤D正確9、AB【解析】試題分析：通過合力指向軌跡內(nèi)側(cè)判斷電場(chǎng)力方向，從而判斷粒子正負(fù)；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，粒子僅受電場(chǎng)力作用，所以電場(chǎng)力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故電荷的受力沿著電場(chǎng)線的切線方向，所以電荷為正電荷，A正確；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，由圖可知，N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的大小，在N點(diǎn)的受力大于在M的受力，所以粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在N點(diǎn)的加

18、速度，B正確；電場(chǎng)力方向與速度方向夾角為銳角，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，所以粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于它在N點(diǎn)的電勢(shì)能，C錯(cuò)誤；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)，D錯(cuò)誤10、BC【解析】R2是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知?jiǎng)t知、均不變。故B正確，D錯(cuò)誤。向上滑動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P，則R1減小，變小。U1=E-I（R2+r），則得 =R2+r，不變。故A錯(cuò)誤。，變小。U3=E-Ir，則=r，不變。故C正確。故選BC?！军c(diǎn)睛】要區(qū)分定值電阻還是可變電阻。對(duì)于定值電阻，是線性元件有R=，對(duì)于變化電阻，R=這兩種元件分析要區(qū)別對(duì)待三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定

19、的答題處，不要求寫出演算過程。11、B A D E 16 增大 14 【解析】（1）為描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，故應(yīng)選項(xiàng)E；燈泡額定電壓為13V，電壓表應(yīng)選擇A，燈泡額定電流為：，電流表選擇D，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻：，電流表內(nèi)阻為：25，電壓表內(nèi)阻為5k，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選擇圖B所示電路；（2）由（1）分析可知，電壓表選擇A，電流表選擇D，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器選擇E；（1）由圖示圖象可知，隨U增大，I增大，實(shí)際功率P=UI增大，燈泡溫度升高，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大

20、；由圖示圖象可知，電壓：U=13V時(shí)，電流I=224A，此時(shí)燈泡電阻：；（4）燈泡正常發(fā)光時(shí)，串聯(lián)電阻兩端電壓UR=U-UL=12V-13V=32V，串聯(lián)電阻阻值；12、1.5 1.0 A 【解析】12根據(jù)U=E-Ir以及圖象可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為：E=1.5V，電源內(nèi)阻為：3由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流，電流表的測(cè)量值小于流過電源的電流，實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生了系統(tǒng)誤差，故A正確，B錯(cuò)誤；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、0.35C2.161018個(gè)【解析】通過的電量為：qIt4106243600C0.35C通過的電子數(shù)

21、為：N2.161018 個(gè)14、 (1)(2)0.3g(3)0.3mgL【解析】(1)小物塊靜止在斜面上，受重力、電場(chǎng)力和斜面支持力(如圖所示)，則由可得(2)若電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來的，則可得a0.3g(3)電場(chǎng)強(qiáng)度變化后小物塊下滑距離L時(shí)，重力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，由動(dòng)能定理得 可得Ek0.3mgL15、（1） （2） （3）【解析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，求出閉合電路的電動(dòng)勢(shì)，即得到平行金屬M(fèi)、N獲得的電壓U；（2）由動(dòng)能定理求出粒子經(jīng)過MN間的電場(chǎng)加速度獲得的速度正確畫出粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系找出粒子運(yùn)動(dòng)的半徑的大小，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式求得磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度；（

22、3）粒子從P點(diǎn)射出到到達(dá)x軸的時(shí)間為三段運(yùn)動(dòng)過程的時(shí)間之和【詳解】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： 因平行金屬板M、N與電阻并聯(lián)，故M、N兩板間的電壓為：U=UR=E=kS （2）帶電粒子在M、N間做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有 qU=mv2 帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，有qvB=m 由幾何關(guān)系可得：r+rcot45=l 聯(lián)立得：；（3）粒子在電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有d=at12根據(jù)牛頓第二定律得：q=ma粒子在磁場(chǎng)中，有：T=t2=T/4粒子在第一象限的無場(chǎng)區(qū)中，有s=vt3由幾何關(guān)系得：s=r粒子從P點(diǎn)射出到到達(dá)x軸的時(shí)間為：t=t1+t2+t3聯(lián)立以上各式可得：t=（2d+l） ；【點(diǎn)睛】本題是粒子在磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)和電磁感應(yīng)的綜合磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)常用方法是畫軌跡，由幾何知識(shí)求半徑