《2023學年甘肅省蘭州市城關區(qū)第一中學物理高二第一學期期中教學質量檢測試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2023學年甘肅省蘭州市城關區(qū)第一中學物理高二第一學期期中教學質量檢測試題含解析.doc（12頁珍藏版）》請在匯文網上搜索。

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是一個電路的一部分，其中，那么電流表測得電流為（）A，向右B，向左C，向左D，向右

2、。2、自然界的電、熱和磁等現象都是相互聯(lián)系的，很多物理學家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻下列說法不正確的是()A奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象之間的聯(lián)系B歐姆發(fā)現了歐姆定律，說明了熱現象和電現象之間存在聯(lián)系C法拉第發(fā)現了電磁感應現象，揭示了磁現象和電現象之間的聯(lián)系D楞次在分析了許多實驗事實后提出，感應電流應具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化3、如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（ ）安培表A1的讀數大于安培表A2的讀數；安培表A1的偏轉角

3、小于安培表A2的偏轉角；伏特表V1的讀數小于伏特表V2的讀數；伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角。ABCD4、一太陽能電池板，測得它的開路電壓為80mV，短路電流40mA若將該電池板與一阻值為18的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是( )A40m VB60mVC72mVD80m V5、為已知電場中的一固定點，在點放一電荷量為的試探電荷，所受電場力為，點的場強為，則（ ）A若在點換上一，點場強方向發(fā)生變化B若在點換上電荷量為的試探電荷，點的場強將變?yōu)镃若在點移去電荷，點的場強變?yōu)榱鉊點場強的大小、方向與的大小、正負、有無均無關6、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地兩板間有一個正

4、電荷固定在P點，如圖所示，以E表示兩板間的場強，U表示電容器兩板間的電壓，表示正電荷在P點的電勢，EP表示正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板向下移到圖示的虛線位置，則AE變大BEP不變C變大DU不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r電鍵S處于閉合狀態(tài)時，在水平放置的平行板電容器之間，有一帶電油滴P處于靜止狀態(tài)下列敘述正確的是（）A其他條件不變，使電容器兩極板緩慢靠近，油滴向上加速運動B其他條件不變，使電容器

5、兩極板緩慢遠離，油滴向上加速運動C其他條件不變，將變阻器的滑片緩慢向左移動，油滴向下加速運動D其他條件不變，將變阻器的滑片緩慢向右移動，油滴向下加速運動8、如圖所示，在豎直平面內有水平向左的勻強電場，在勻強電場中有一根長為L的絕緣細線，細線一端固定在O點，另一端系一質量為m的帶電小球。小球靜止時細線與豎直方向成角，此時讓小球獲得初速度且恰能繞O點在豎直平面內做圓周運動，重力加速度為g。下列說法正確的是( )A勻強電場的電場強度EB小球動能的最小值為EkC小球運動至圓周軌跡的最高點時機械能最小D小球從初始位置開始，在豎直平面內運動一周的過程中，其電勢能先減小后增大9、質量為m的小球A以速度V0在

6、光滑水平面上運動.與質量為2m的靜止小球B發(fā)生對心碰撞，則碰撞后小球A的速度大小VA和小球B的速度大小VB可能為（ ）A B C D 10、下列說法正確的是()A據R可知，加在電阻兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼?倍時，導體的電阻也變?yōu)樵瓉淼?倍B不考慮溫度對阻值的影響，通過導體的電流及加在兩端的電壓改變時導體的電阻不變C據可知，導體的電阻率與導體的電阻和橫截面積的乘積RS成正比，與導體的長度l成反比D導體的電阻率與導體的長度l、橫截面積S、導體的電阻R皆無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）每次使用萬用表測電阻時，在選擇了適當倍率后，需先

7、進行_，下圖為用歐姆檔“10”測電阻R，則R=_12（12分）在一次實驗時某同學用游標卡尺測量（如圖所示，游標上刻有20格），示數為_cm在一次實驗時某同學用螺旋測微器測量（如圖），示數為_mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電源電動勢E=30V，內阻r=1，電燈L上標有“25V， 25W”的字樣，直流電動機M的線圈電阻R=2。閉合電鍵，若電燈恰能正常發(fā)光，求：（1）電路中的總電流I；（2）電動機輸出的機械功率。14（16分）如圖所示，在同一豎直平面內，一輕質彈簧一端固定，另一自由端恰好與水平

8、線AB平齊，靜止放于傾角為53的光滑斜面上一長為L=9cm的輕質細繩一端固定在O點，另一端系一質量為m=1kg的小球，將細繩拉至水平，使小球在位置C由靜止釋放，小球到達最低點D時，細繩剛好被拉斷之后小球在運動過程中恰好沿斜面方向將彈簧壓縮，最大壓縮量為x=5cm(g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6)求：(1)細繩受到的拉力的最大值；(2)D點到水平線AB的高度h； (3)彈簧所獲得的最大彈性勢能Ep15（12分）如圖所示電路，已知電源的電動勢為6V，內阻忽略不計，R1=2，R2=3，R3=6，平行板電容器的電容為C=6105F，閉合開關后，求：（1）電阻R1消耗的電功率為

9、多大？（2）電容器C的電量參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由可得，R1和R2兩端的電壓分別為：U1=I1R1=0.20A5=1VU2=I2R2=0.10A1=0.1VR1左端與R2的左端電位相等，U1U2，則R2右端的電位高于R1右端的電位，R3兩端的電壓U3=U1-U2=1V-0.1V=0.9V通過R3的電流R3下端電位高，上端電位低，電流方向由下向上，設電流表的示數為IA，對于電流表左端的節(jié)點，流入節(jié)點的電流等于流出節(jié)點的電流，即IA+I2=I3電流表的示數IA=I3-I2=0.3A-0.1A=0

10、.2A方向向左。故選C。2、B【解析】奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象之間的聯(lián)系，選項A正確；歐姆發(fā)現了歐姆定律，說明了流過導體的電流與導體兩端的電壓、導體的電阻之間的聯(lián)系；焦耳發(fā)現了焦耳定律，說明了熱現象和電現象之間存在聯(lián)系故B錯誤；法拉第發(fā)現了電磁感應現象，揭示了磁現象和電現象之間的聯(lián)系，選項C正確；楞次在分析了許多實驗事實后提出，感應電流應具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化，選項D正確；此題選擇不正確的選項，故選B.3、A【解析】兩個安培表是并聯(lián)在電路中，又安培表是利用表頭與電阻并聯(lián)改裝得到的，所以此時兩個安培表的表頭是并聯(lián)的，因此流過表頭的

11、電流是相等的，安培表A1的偏轉角等于安培表A2的偏轉角，又因為安培表A1的量程大于A2的量程，安培表A1的讀數大于安培表A2的讀數；兩個伏特表是串聯(lián)在電路中，又伏特表是利用表頭與電阻串聯(lián)改裝得到的，所以此時兩個伏特表的表頭是串聯(lián)的，因此流過表頭的電流是相等的，伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角，又因為伏特表V1的量程大于V2的量程，伏特表V1的讀數大于伏特表V2的讀數。故選A4、C【解析】試題分析：電源沒有接入外電路時，路端電壓值等于電動勢，則電動勢E=80mV，由閉合電路歐姆定律得短路電流、，則電源內阻,該電源與18的電阻連成閉合電路時，路端電壓為，故選C考點：考查閉合電路的歐姆定律點

12、評：本題難度較小，對于電動勢的概念要理解：電動勢等于外電壓和內電壓之和，當外電路開路時，內電壓為零，開路電路等于電源的電動勢5、D【解析】電場強度是通過比值定義法得出的，其大小及方向與試探電荷無關；故放入任何電荷時電場強度的方向和大小均不變。A. 若在點換上一，點場強方向發(fā)生變化，選項A不符合題意；B. 若在點換上電荷量為的試探電荷，點的場強將變?yōu)?，選項B不符合題意；C. 若在點移去電荷，點的場強變?yōu)榱?，選項C不符合題意；D. 點場強的大小、方向與的大小、正負、有無均無關，選項D符合題意；6、B【解析】電容器充電后與電源斷開，所以電容器的所帶電荷量Q是一個定值，根據公式，公式,公式,可得,與極

13、板間的距離無關，所以極板間的電場強度不變，正極板下移過程中，正電荷仍舊靜止，所以電場力不做功，電勢能不變，下移過程中d減小，所以C增大，又因為Q不變，所以U減小，負極板接地，所以電勢為零，P點到負極板的電勢差為，為P到負極板的距離，保持不變，所以電勢不變，EP不變，故B正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】油滴靜止時受重力和向上的電場力，處于二力平衡；A項：其他條件不變，使電容器兩極板緩慢靠近，兩板間板間的電壓U一定，由于d減小，電場強度變大，所以電場力

14、變大，合力向上，故油滴向上加速運動，故A正確；B項：其他條件不變，使電容器兩極板緩慢遠離，兩板間板間的電壓U一定，由于d增大，電場強度變小，所以電場力變小，合力向下，故油滴向下加速運動，故B錯誤；C項：其他條件不變，將變阻器的滑片緩慢向左移動，電阻R2減小，根據閉合電路歐姆定律，電流增大，故定值電阻R1的電壓增大，根據U=Ed，由d不變，電場強度變大，所以電場力變大，合力向上，故油滴向上加速運動，故C錯誤；D項：其他條件不變，將變阻器的滑片緩慢向右移動，電阻R2變大，根據閉合電路歐姆定律，電流減小，故定值電阻R1的電壓減小，根據U=Ed，由d不變，電場強度變小，所以電場力變小，合力向下，故油滴

15、向下加速運動，故D正確點晴：油滴受重力與電場力而平衡，其中電場力F=qE，電容器與電阻R1并聯(lián)，電壓相等，根據閉合電路歐姆定律分析電壓的變化，得到電場力的變化，確定油滴的加速度情況8、AB【解析】A小球靜止時細線與豎直方向成角，受重力、拉力和電場力，三力平衡，根據平衡條件，有：mgtanqE解得E故A正確；B小球恰能繞O點在豎直平面內做圓周運動，在等效最高點A速度最小，拉力為零，根據牛頓第二定律，有：則最小動能故B正確；C運動過程中小球的機械能和電勢能之和不變，則小球運動至電勢能最大的位置時機械能最小，小球帶負電，則小球運動到圓周軌跡的最左端時機械能最小，故C錯誤；D小球從初始位置開始，若在豎直平面內逆時針運動一周，電場力先做正功后做負功再做正