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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在平行板間加上如圖所示周期性變化的電壓，重力不計的帶電粒子靜止在平行板中央，從t=時刻開始將其釋放，運動過程無碰板情況，下列選項圖中，能定性描述粒子運動的速度圖像的是ABCD2、下列說法中正確的是( )A在某電源的電路中，每通過2 C的電荷量，電源提供的電能是4 J，那么這個電源的電動勢是0.5VB電源電動勢表征電源把其它形式能轉化為電能的本領，與是否接外電路無關C若電流元在磁場中某點不受安培力作用，則該點的磁感應強度為零D磁場中某處磁感應強度的方向，與通電導線在該處所受磁場力

3、的方向相同3、如圖所示為閉合電路電源的輸出功率隨電流變化的圖象，由此圖象可以判斷A電源的內耗功率最大為9 WB電源的效率最大為50%C輸出功率最大時，外電路的總電阻為4 D電源的電動勢為12 V4、豎直絕緣墻壁上Q點固定一質點A，在Q的正上方P點用絲線懸掛另一質點B；A、B兩質點因帶電而互相排斥，致使懸線與豎直方向成角，如圖所示由于漏電，使A、B兩質點帶電量逐漸減少，在電荷漏完之前，懸線對質點B的拉力大小將（假設兩小球始終可以看成質點）（ ）A逐漸變大B逐漸變小C大小不變D先變大后變小5、伏安法是一種常用的測量導體電阻的方法，某同學分別用如圖（a）、（b）兩種接法測量一個電阻器的阻值，以下結論

4、正確的是 （ ） A用圖（a）接法測得的電阻值偏大B用圖（b）接法測得的電阻值偏大C用圖中兩種接法測得的電阻值都偏大D用圖中兩種接法測得的電阻值都偏小6、如圖甲所示，一輕質彈簧的兩端與質量分別為m1和m2的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑的水平面上.現使A瞬時獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計時起點，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖象信息可得（ ）A兩物體的質量之比為m1:m2=2:1B從t3到t4時刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復到原長C在t1、t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，彈簧分別處于壓縮狀態(tài)和拉伸狀態(tài)D在t2時刻A和B的動能之比為EK1: EK2=1:4二、多項選擇題：本題共4

5、小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，紙面內AB兩點之間連接有四段導線：ACB、ADB、AEB、AFB，四段導線的粗細相同、材料相同；勻強磁場垂直于紙面向內，現給AB兩端加上恒定電壓，則下列說法正確的是A四段導線受到的安培力的方向相同B四段導線受到的安培力的大小相等CADB段受到的安培力最大DAEB段受到的安培力最小8、質量為 m 的帶電小球在 a 點水平射入豎直向上的勻強電場中，運動軌跡如圖所示，則正確的說法是 A小球帶正電B小球在 b 點的加速度大于在a點的加速度C小球的電勢能減

6、小D在相等的時間間隔內重力做的功相等9、如圖所示，一質量為m、帶電荷量為q的物體處于場強按EE0kt(E0、k均為大于零的常數，取水平向左為正方向)變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數為，當t0時刻物體處于靜止狀態(tài)若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是()A物體開始運動后加速度先增加、后減小B物體開始運動后加速度不斷增大C經過時間，物體在豎直墻壁上的位移達最大值D經過時間，物體運動速度達最大10、如圖所示，真空中M、N處放置兩等量異種電荷，a、b、c為電場中的三點，實線PQ為M、N連線的中垂線，a、b兩點關于MN對稱，a、c兩點關于PQ對稱，已知

7、一帶正電的試探電荷從a點移動到c點時，試探電荷的電勢能減小，則以下判定正確的是( )AM點處放置的是負電荷Ba點的場強與c點的場強完全相同Ca點的電勢高于c點的電勢D若將該試探電荷沿直線由a點移動到b點，則電場力先做負功，后做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）下面三個圖為探究平行板電容器電容大小決定因素的實驗，請將正確結論填在橫線上給電容器充電后與電源斷開，即保持電量Q不變，那么A若保持板間距離d不變，正對面積S變小，兩板電勢差U_，電容C_.B若保持S不變，d變大，兩板電勢差U_，電容C_.C若保持S和d都不變，插入介質板

8、后，兩板電勢差U_，電容C_.(填“變小”、“變大”或“不變”)12（12分） (1)一個量程為3V的電壓表，串聯(lián)一個8K的電阻后量程變?yōu)?5V，那么此電壓表的內阻為_,用改裝后的電壓表去測量某段電路兩端的電壓時，發(fā)現指針恰好指在原來電壓表刻度盤2V處，則被測電壓是_. (2)小華同學查閱課外資料時，獲得的“220 V0.2 A”的白熾燈電流和電壓的關系圖線如圖所示。從圖線上能推知，白熾燈在電壓增加時，其實際電阻值是_(選填“增大”或“不變”或“減小”)的，當白熾燈兩端電壓為200 V時，通過燈絲的電流是_A，此時的實際電阻值是_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答

9、題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一帶電荷量為q、質量為m的小物塊處于一傾角為的光滑斜面上，當整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止。重力加速度取g，sin0.6，cos0.8。求： (1)水平向右電場的電場強度的大?。?2)若將電場強度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；(3)電場強度變化后小物塊下滑距離L時的動能。14（16分）如圖所示為某一微型電風扇與燈泡L串聯(lián)的電路，AB兩端的電壓U恒為20 V，燈泡L標有“12 V、12 W”字樣，電動機線圈的電阻若燈泡恰能正常發(fā)光，且電動機恰能正常工作運轉試求：（1）燈泡正常發(fā)光時的電阻RL；（2

10、）電動機的輸出功率P出；（3）若燈泡L突然發(fā)生短路故障，同時微型電風扇的葉子卡住，電動機停止轉動，試求此時通過電動機的電流和發(fā)熱功率15（12分）如圖所示，平行金屬帶電極板A、B間可看作勻強電場，兩板間電勢差為100V，極板間距離d=10cm，電場中C和D分別到A、B兩板距離均為1cm，B板接地，求：（1）C和D兩點的電勢、兩點間的電勢差UCD；（2）點電荷q1=2103C分別在C和D兩點的電勢能；（3）將點電荷q2=2103C從C移到D時電場力做了多少功？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】重力不計的帶

11、電粒子靜止在平行板中央，從t=時刻開始將其釋放，粒子在勻強電場中從靜止開始運動，從到做勻加速運動；從到，因電場力反向，則做勻減速運動，速度達到零；而從到T，因電場力方向不變，因此反向做勻加速運動；從T到繼續(xù)做勻減速運動，速度達到零。在下一個周期中仍是這樣：回頭向前勻加速運動，再勻減速運動，這樣來回運動下去。速度先增大后減小，再反向增大，再反向減小。A.速度方向沒有改變，與結論不符，故A錯誤；B.速度變化與結論相符，故B正確；C.速度不是均勻變化，方向沒有變化，與結論不符，故C錯誤；D. 速度不是均勻變化，與結論不符，故D錯誤；2、B【解析】A根據可知，在某電源的電路中，每通過2 C的電荷量，電

12、源提供的電能是4 J，那么這個電源的電動勢是2V，選項A錯誤；B電源電動勢表征電源把其它形式能轉化為電能的本領，與是否接外電路無關，選項B正確；C若電流元在磁場中某點不受安培力作用，可能是電流與磁場平行，該點的磁感應強度不一定為零，選項C錯誤；D磁場中某處磁感應強度的方向，與通電導線在該處所受磁場力的方向垂直，選項D錯誤。3、D【解析】A由P=I2r可得，隨著電流的增大，內耗功率增大，故A錯誤；B隨著電流的減小，電源的效率增大，最大可以接近100%，故B錯誤；CD由圖可知，當電流為1.5 A時電源的輸出功率最大，這里內耗功率等于輸出功率為9 W，電源的效率為50%，這時電源總功率為18 W，根

13、據P=IE可得，電源的電動勢為12 V，由P=I2r可知，電源的內阻為4 ，由于不能明確外電路是否為純電阻電路，故無法求得電阻大小，故C錯誤，故D正確。故選C。4、C【解析】試題分析：以小球為研究對象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G根據FBF1PQB得：又FF1=F2，得：A、B兩質點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變故選C考點：物體的平衡【名師點睛】題是力學中動態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關系，進行分析，也可以應用函數法求解5、A【解析】試題分析：a

14、圖接法：電壓表的示數為R兩端的電壓和安培表兩端的電壓之和，即U=UR+UA 電流表的示數I是通過R的真實值，則；b圖接法中：電流表的示數為通過電阻的電流和電壓表的電流之和，即I=IR+IV電壓表的示數U是R兩端電壓的真實值，則，故A選項正確?？键c：伏安法測電阻.【名師點睛】此題考查了伏安法測電阻的兩個電路；知道待測電阻遠大于電流表內阻時，電流表的分壓小，可忽略不計，用電流表內接法測量值偏大待測電阻遠小于電壓表內阻時，電壓表的分流小，可忽略不計，用電流表外接法，測量值偏小6、C【解析】A、B組成的系統(tǒng)合外力為零，遵守動量守恒選擇開始到t1時刻列方程可得： m1v=（m1+m2）v1，將v=3m/

15、s，v1=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故A錯誤；結合圖象弄清兩物塊的運動過程，開始時m1逐漸減速，m2逐漸加速，彈簧被壓縮，t1時刻二者速度相當，系統(tǒng)動能最小，勢能最大，彈簧被壓縮最厲害，然后彈簧逐漸恢復原長，m2依然加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時刻，彈簧恢復原長狀態(tài)，由于此時兩物塊速度相反，因此彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當t3時刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)恢復原長，故B錯誤；由圖可知t1、t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，總動能最小，根據系統(tǒng)機械能守恒可知，此時彈性勢能最大，t1時刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，t3時刻彈簧處于伸長狀態(tài)故C正確；在t2時刻A的速度為：vA=-1m/s，