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1、2022-2023學年高一上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如

2、圖所示，彈簧的勁度系數(shù)為k，小球重力為G，平衡時球在A位置現(xiàn)用力將小球向下拉，使彈簧又伸長x至B位置，若仍在彈性限度內，則此時彈簧的彈力大小為Akx BGkxCkxG D以上都不對2、關于速度和加速度的關系,以下說法正確的是()A加速度方向為正時,速度一定增加B速度變化得越快,加速度就越大C加速度方向保持不變,速度方向也保持不變D加速度大小不斷變小,速度大小也不斷變小3、圖甲電路中，D為二極管，其伏安特性曲線如圖乙所示在圖甲電路中，閉合開關S，滑動變阻器R的滑片P從左端向右移動過程中()A二極管D消耗的功率變大B二極管D的電阻變大C通過二極管D的電流減小D電源的功率減小4、如圖所示，是一個圓心

3、為O半徑為R的中國古代八卦圖，中央S部分是兩個等半徑半圓，練功人（可視為質點）從A點出發(fā)以恒定速率v沿相關圓弧ABCOADC進行，最后到達C點求在整個過程中，以下判斷正確的是（ ）A練功者運動的總路程是2RB練功者的運動是勻速直線運動C練功者運動的總位移大小為2RD練功者運動的平均速度大小是v5、如圖位于水平桌面上的物塊P,由跨過定滑輪的輕繩與物塊Q相連,從滑輪到P和到Q的兩段繩都是水平的,已知Q與P之間以及P與桌面之間的動摩擦因數(shù)都是,兩物體的質量都是m,滑輪軸上的摩擦都不計若用一水平向右的力F拉P使它做勻速運動,則F的大小為()A3mgB4mgC5mgD6mg6、 (多選)一橫截面為直角三

4、角形的木塊按如圖所示放置,質量均為的A、B兩物體用輕質彈簧相連放在傾角為30的直角邊上,物體C放在傾角為60的直角邊上,B與C之間用跨過定滑輪的輕質細線連接,A、C的質量比為,整個裝置處于靜止狀態(tài)。已知物體A、B與斜面間的動摩擦因數(shù)相同且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,彈簧彈力大小為,C與斜面間無摩擦,則A彈簧處于拉伸狀態(tài)B物體A所受摩擦力大小為,物體B不受摩擦力作用CA、B兩物體所受摩擦力大小均為,方向均沿斜面向下D剪斷彈簧瞬間,物體A可能下滑7、如圖所示，用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，已知P、Q均始終處于靜止狀態(tài)，則下列相關說法正確的是AP受4個力BQ

5、受到5個力C若繩子略微變長，繩子的拉力將變小D若繩子略微變短，Q受到的靜摩擦力將增大8、亞里士多德、伽利略和牛頓對力和運動的認識與研究，符合歷史事實的是（ ）A亞里士多德認為在同一地點重的物體和輕的物體下落一樣快B伽利略通過實驗，物體的加速度與所受的力成正比，與它的質量成反比C牛頓通過實驗發(fā)現(xiàn)，物體不受任何力的作用時，物體將靜止或勻速直線運動D伽利略先是通過研究小球在斜面上的運動，然后外推到豎直情景，發(fā)現(xiàn)自由落體運動規(guī)律9、如圖所示，質量為M的木板C放在水平地面上，固定在C上的豎直輕桿的頂端分別用細繩a和b連接小球A和小球B，小球A、B的質量分別為mA和mB，當與水平方向成30角的力F作用在小

6、球B上時，A、B、C剛好相對靜止一起向右勻速運動，且此時繩a、b與豎直方向的夾角分別為30和60，則下列判斷正確的是（）A力F的大小為mBgB地面對C的支持力等于（MmAmB）gC地面對C的摩擦力大小為mBgDmAmB10、如圖所示，處于平直軌道上的A、B兩物體相距，同時同向開始運動，A以初速度、加速度做勻加速運動，B由靜止開始以加速度做勻加速運動，下列情況可能發(fā)生的是(假設A能從B旁邊通過且互不影響)()A，能相遇一次B，能相遇兩次C，可能相遇一次D，可能相遇兩次二、實驗題11、（4分）將電火花打點計時器固定在斜面上某處，一小車拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上由靜止滑下，如圖甲。(1)關于本

7、實驗的說法中，正確的是_A一定要在釋放小車的同時接通電源B一定要先接通電源，后釋放小車C該打點計時器接6V以下低壓交流電D該打點計時器接220V以下交流電源上(2)如圖是一次實驗得到的一條紙帶的一段,紙帶上每相鄰的兩計數(shù)點間都有一個計時點，則計時周期為T=_，第3個計數(shù)點的瞬時速度大小v3=_m/s,小車的平均加速度大小a=_m/s2(結果保留三位有效數(shù)字)12、（10分）某同學利用如圖(a)所示裝置探究求合力的方法,其中A為固定橡皮條的圖釘,O為橡皮條與細繩的結點,OB和OC為細繩為了確定兩個分力的大小和方向,需要記錄的是_；A橡皮條原長 B結點O位置和兩細繩套的方向C橡皮條伸長后的總長度D

8、兩個彈簧秤的讀數(shù)圖(b)是正確操作后在白紙上根據(jù)實驗結果畫出的圖,其中F1和F2合力的理論值是_(填“F”或“F”);方向沿AO方向的是_（填“F”或“F”)；圖(c)是某次實驗記錄的部分信息,其中合力F=23N,分力F1=2N,分力F2與合力F方向確定且二者夾角為30,則F2的大小可能是_ N參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】球在A位置時彈簧已經(jīng)伸長了（令它為x），這樣有FB=k（x+x）=kx+kx，因球在A位置平衡，即G

9、=kx，所以FB=G+kx，故B正確，ACD錯誤；故選B。2、B【解析】A.當加速度方向與速度方向相同時，物體做加速運動；加速度方向與速度方向相反時，物體減速；若加速度方向為正時，速度方向為負，則物體減速，速度減小，故A錯誤。B.加速度等于速度的變化率，速度變化得越快，加速度就越大，故B正確。C.加速度方向保持不變，速度方向可能改變，比如做豎直上拋運動，加速度方向不變，物體上升到最高點后返回，速度方向發(fā)生變化，故C錯誤。D.加速度方向與速度方向相同時，雖然加速度減小，但物體速度將越來越大，故D錯誤。3、A【解析】ABC滑動變阻器R的滑片P從左端向右移動過程中，滑動變阻器的電阻減小，電路電流增大

10、，由圖乙可知，二極管的電阻減小，電流、電壓增大，消耗的功率也增大，故A正確，BC錯誤；D電源的功率為P=EI因為電流增大，所以電源的功率增大，故D錯誤。故選A。4、C【解析】A、人所經(jīng)過的路程是人所走的所有的路線的長度,人沿圓弧的過程中,人經(jīng)過的路程為大圓的周長和小圓周長的和,所有經(jīng)過的總的路程為 ，故A錯；B、人沿著圓弧運動,是曲線運動,不是直線運動,故B錯C、位移是指從初位置到末位置的有向線段,所有位移的大小為2R,故C對D、平均速度是位移與時間的比值,并不等于v,所以D錯誤.故選C【點睛】位移是指從初位置到末位置的有向線段,位移的大小只與初末的位置有關,與經(jīng)過的路徑無關;路程是指物體所經(jīng)

11、過的路徑的長度.平均速度是位移與時間的比值.5、B【解析】對Q物塊，設跨過定滑輪的輕繩拉力為T，木塊Q與P間的滑動摩擦力為：f=mg 根據(jù)共點力平衡條件有：T=f 對木塊P受力分析，受拉力F，Q對P向左的摩擦力f，地面對P物體向左的摩擦力f，根據(jù)共點力平衡條件，有：F=f+f+T 地面對Q物體向左的摩擦力為：f=(2m)g 由式可以解得：F=4mg;故選B.【點睛】本題關鍵在于分別對兩個木塊進行受力分析，根據(jù)共點力平衡條件列式求解6、AC【解析】ABC、由題意知C的質量為，沿斜面的重力分量為，對AB整體沿斜面方向：，解得；對A分析在沿斜面方向：，解得A受靜摩擦力，方向向下，所以彈簧處于拉伸狀態(tài)

12、，A、B兩物體所受摩擦力大小均為，方向均沿斜面向下，故A、C正確，B錯誤；D、因為AB均受靜摩擦力，則有，剪斷彈簧瞬間，A在沿斜面方向，有物體A仍然處于靜止狀態(tài)，D錯誤；故選AC?！军c睛】對AB整體受力分析，沿斜面方向：，解得f=mg，進而判斷摩擦力的方向；彈簧處于拉伸狀態(tài)，根據(jù)平衡條件即可判斷A、B兩物體所受摩擦力的大小和方向；剪斷彈簧瞬間，物體A仍然處于靜止狀態(tài)，據(jù)此解答。7、AC【解析】A、P受到重力、Q的支持力和靜摩擦力，繩子的拉力，共4個力作用故A正確B、Q受到重力、墻壁的彈力、P的壓力和靜摩擦力，共4個力作用故B錯誤C、設繩子與豎直方向的夾角為，P、Q的總重力為G，繩子的拉力大小為

13、F，對Q、P整體，由平衡條件得：，若繩子變長，變小，變大，則F變小故C正確D、Q受到的靜摩擦力豎直向上，與其重力平衡，與繩子長度無關，所以若繩子變短，Q受到的靜摩擦力不變故D錯誤故選AC【點睛】按重力、彈力和摩擦力的順序先后分析物體Q、P的受力情況對Q，由平衡條件分析繩子變短時，Q受到的靜摩擦力如何變化對P，由平衡條件研究繩子變長時，繩子的拉力如何變化為了防止多力或少力，一般按重力、彈力和摩擦力的順序分析物體的受力情況8、AD【解析】A項，亞里士多德認為重的物體要比輕的物體下落的快，故A項正確。B項，牛頓通過實驗，物體的加速度與所受的力成正比，與它的質量成反比，故B項錯誤C項，伽利略通過理想斜

14、面實驗，推理物體不受任何力的作用時，物體將靜止或勻速直線運動，故C項錯誤。D項，在研究自由落體運動時伽利略先是通過研究小球在斜面上的運動，然后外推到豎直情景，發(fā)現(xiàn)自由落體運動規(guī)律，故D項正確。綜上所述，本題正確答案為AD9、ACD【解析】以B為研究對象，分析受力，水平方向受力平衡，則有：Fcos30=Tbcos30，得：Tb=F豎直方向受力平衡，則：Fsin30+Tbsin30=mBg得：F=mBg，故A正確；以ABC整體為研究對象受力分析，豎直方向：N+Fsin30=（M+mA+mB）g, 可見N小于（M+mA+mB）g，故B錯誤；以ABC整體為研究對象受力分析，水平方向：f=Fcos30=

15、mBgcos30=mBg，故C正確；以A為研究對象受力分析，豎直方向：mAg+Tbsin30=Tasin60；水平方向：Tasin30=Tbsin60；聯(lián)立得：mA=mB，故D正確；故選ACD.點睛:本題考查受力分析以及平衡條件的應用，關鍵是靈活的選擇研究對象，采用隔離法和整體法結合比較簡便10、ACD【解析】A、甲從乙的旁邊通過說明相遇時甲的速度大于乙的速度，若，則以后甲的速度將都大于乙的速度，故不會再次相遇，即只能相遇一次，故A正確；B、若，則甲經(jīng)過乙的旁邊以后，甲的速度增加更快，故甲將一直在乙的前面，即只能相遇一次，故B錯誤；D、若，則此后某一時刻乙的速度一定會大于甲的速度，故乙將會追上

16、甲，甲乙將再次相遇，故能相遇兩次，故CD正確二、實驗題11、B 0.04s 【解析】(1)實驗中為了穩(wěn)定后再打點同時保證能充分利用紙帶，應先接通電源再釋放小車，A錯誤B正確；電火花打點計時器使用的220V的交流電，CD錯誤；(2)相鄰計數(shù)點之間的時間間隔為，根據(jù)勻變速直線運動中間時刻瞬時速度推論可得；根據(jù)逐差公式可得，三式相加可得，代入數(shù)據(jù)解得【點睛】做分析勻變速直線運動情況時，其兩個推論能使我們更為方便解決問題，一、在相等時間內走過的位移差是一個定值，即，二、在選定的某一過程中，中間時刻瞬時速度等于該過程中的平均速度12、BD F F 4N或2N 【解析】（1）該實驗的目的是驗證力的平行四邊

17、形定則，要根據(jù)兩個彈簧拉橡皮筋時兩個拉力的大小和方向做出平行四邊形求出其合力大小，然后與一個彈簧拉橡皮筋時的拉力大小進行比較，最后得出結論，故需要記錄的是兩個彈簧秤的讀數(shù)和結點O位置及兩細繩套的方向，故BD正確，AC錯誤（2）F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F是用一個彈簧測力計沿OA方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧測力計的拉力與兩個彈簧測力計一個的拉力效果相同.（3）已知一個分力有確定的方向，與F成30夾角（如圖中的虛線代表的分力F2的方向）知另一個分力的最小值為，而另一個分力大小為2N，大于分力的最小值，小于合力F，根據(jù)力的平行四邊形定則，結合幾何性質，所以F2的情況有兩解根據(jù)幾何關系可得：F2=2N和