《2022-2023學(xué)年江蘇省南通市栟茶高級(jí)中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年江蘇省南通市栟茶高級(jí)中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題（含解析）.doc（14頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,兩塊水平放置的正對(duì)金屬板A、B與電源E相連,金屬板A接地,AB板之間有一固定點(diǎn)C若將B板向上平移一小段距離(仍在C點(diǎn)下方) ,下列說(shuō)法中正確的是()A電容器所帶電荷量減少BC點(diǎn)電勢(shì)升高C若在C點(diǎn)處固定一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷,其電

2、勢(shì)能增大D若保持B板不動(dòng),將A板上移一小段距離,C點(diǎn)電勢(shì)升高2、用不同頻率的紫外線分別照射鎢和鋅的表面而產(chǎn)生光電效應(yīng),可得到光電子的最大初動(dòng)能Ek隨入射光頻率變化的Ek-圖像,已知鎢的逸出功是3.28 eV,鋅的逸出功是3.34 eV,若將二者的圖線畫在同一個(gè)Ek-坐標(biāo)系中,圖中用實(shí)線表示鎢,虛線表示鋅,則正確反映這一過(guò)程的是()ABCD3、電梯經(jīng)過(guò)啟動(dòng)、勻速運(yùn)行和制動(dòng)三個(gè)過(guò)程，從低樓層到達(dá)高樓層，啟動(dòng)和制動(dòng)可看作是勻變速直線運(yùn)動(dòng)電梯豎直向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速的變化情況如表，則前5秒內(nèi)電梯通過(guò)的位移大小為（）A19.25m B18.75m C18.50m D17.50m4、打磨某剖面如題圖所示的寶石

3、時(shí)，必須將OP、OQ邊與軸線的夾角切磨在的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射（僅考慮如圖所示的光線第一次射到OP邊并反射到OQ過(guò)后射向MN邊的情況），則下列判斷正確的是( )A若，光線一定在OP邊發(fā)生全反射B若，光線會(huì)從OQ邊射出C若，光線會(huì)從OP邊射出D若，光線會(huì)在OP邊發(fā)生全反射5、如圖所示，有一質(zhì)量不計(jì)的桿AO，長(zhǎng)為R，可繞A自由轉(zhuǎn)動(dòng)用繩在O點(diǎn)懸掛一個(gè)重為G的物體，另一根繩一端系在O點(diǎn)，另一端系在以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓弧形墻壁上的C點(diǎn)當(dāng)點(diǎn)C由圖示位置逐漸向上沿圓弧CB移動(dòng)過(guò)程中(保持OA與地面夾角不變)，OC繩所受拉力的大小變化情況是A逐漸減小B逐漸增大C先減小

4、后增大D先增大后減小6、如圖所示，水平面上固定有一個(gè)斜面，從斜面頂端向右平拋一個(gè)小球，當(dāng)初速度為時(shí)，小球恰好落到斜面底端，飛行時(shí)間為。現(xiàn)用不同的初速度從該斜面頂端向右平拋這個(gè)小球，以下圖像能正確表示平拋運(yùn)動(dòng)的飛行時(shí)間隨變化的函數(shù)關(guān)系的是（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，四根相同的輕質(zhì)彈簧連著相同的物體，在外力作用下做不同的運(yùn)動(dòng)：（1）在光滑水平面上做加速度大小為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；（2）在光滑斜面上沿斜面向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)；（3）做豎直向下的勻

5、速直線運(yùn)動(dòng)；（4）做豎直向上的加速度大小為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)設(shè)四根彈簧伸長(zhǎng)量分別為l1、l2、l3、l4，不計(jì)空氣阻力，g為重力加速度，則（ ）Al1l2Bl3l4Dl2l38、如圖，小球甲從A點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從B點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，方向夾角為37，已知B、C高度差h=5m，g=10m/s2，兩小球質(zhì)量相等，不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知A小球甲作平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為6msB小球甲到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間為0.8sCA、B兩點(diǎn)高度差為3.2mD兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率相等9、為了測(cè)量?jī)?chǔ)罐中不導(dǎo)電液體的高度，將與儲(chǔ)罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器C置于儲(chǔ)罐中，

6、電容器可通過(guò)開關(guān)S與電源相連，如圖所示。當(dāng)開關(guān)S斷開且罐中的液面上升充滿容器后A電容器的電容變小B電容器的電容變大C電容器兩極板間的電壓變大D電容器兩極板間的電壓變小10、如圖所示，水平路面上有一輛質(zhì)量為m0的汽車，車廂中有一質(zhì)量為m的人正用恒力F向前推車廂，在車以加速度a向前加速行駛距離L的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A人對(duì)車的推力F做的功為FLB人對(duì)車做的功為maLC車對(duì)人的摩擦力做的功為(Fma)LD車對(duì)人的作用力大小為ma三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）甲、乙兩位同學(xué)在“驗(yàn)證牛頓第二定律”實(shí)驗(yàn)中，使用了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)

7、裝置（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)他們先調(diào)整墊木的位置，使小車不掛配重時(shí)能在傾斜的長(zhǎng)木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，這樣做的目的是_（2）此后，甲同學(xué)把細(xì)線系在小車上并繞過(guò)定滑輪懸掛若干配重片在小車質(zhì)量一定的情況下，多次改變配重片數(shù)量，每改變一次就釋放一次小車，利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的多條紙帶圖2是其中一條紙帶的一部分，O、A、B、C為4個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒有畫出打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50Hz的交流電源上通過(guò)對(duì)紙帶的測(cè)量，可知小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度大小為_ m/s2（保留2位有效數(shù)字）（3）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)，因配重片數(shù)量不足改用5個(gè)質(zhì)量為20g的鉤碼進(jìn)行實(shí)驗(yàn)他首先將鉤碼全部掛上，

8、用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的紙帶，并計(jì)算出小車運(yùn)動(dòng)的加速度；之后每次將懸掛的鉤碼取下一個(gè)并固定在小車上，重復(fù)多次實(shí)驗(yàn)，且每次實(shí)驗(yàn)前均調(diào)整墊木的位置，使小車不掛配重時(shí)能在傾斜的長(zhǎng)木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)，繪制出小車加速度與懸掛的鉤碼所受重力的關(guān)系圖線關(guān)于這一圖線下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是_（選填選項(xiàng)前的字母）A可由該圖線計(jì)算出小車和5個(gè)鉤碼質(zhì)量之和B只有當(dāng)小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于懸掛鉤碼的質(zhì)量時(shí)，該圖線才是一條直線C無(wú)論小車質(zhì)量是否遠(yuǎn)大于懸掛鉤碼的質(zhì)量，該圖線都是一條直線12（12分）某實(shí)驗(yàn)小組用DIS來(lái)研究物體加速度與力的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示其中小車和位移傳感器的總質(zhì)量為M，所掛鉤碼總質(zhì)量為m

9、，軌道平面及小車和定滑輪之間的繩子均水平，不計(jì)輕繩與滑輪之間的摩擦及空氣阻力，重力加速度為g，用所掛鉤碼的重力mg作為繩子對(duì)小車的拉力F，小車加速度為a，通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到的aF圖線如圖乙所示(1)保持小車的總質(zhì)量M不變，通過(guò)改變所掛鉤碼的質(zhì)量m，多次重復(fù)測(cè)量來(lái)研究小車加速度a與F的關(guān)系這種研究方法叫_；（填下列選項(xiàng)前的字母）A微元法 B等效替代法 C控制變量法 D科學(xué)抽象法(2)若m不斷增大，圖乙中曲線部分不斷延伸，那么加速度a趨向值為_；(3)乙圖中圖線未過(guò)原點(diǎn)的可能原因是_四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分

10、）中國(guó)計(jì)劃在2020年前后一次性實(shí)現(xiàn)火星的“繞”、“落”探測(cè)，如果火星探測(cè)任務(wù)成功以后將會(huì)對(duì)中國(guó)的火星探測(cè)積累豐富的經(jīng)驗(yàn)已知地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比為q，火星半徑與地球半徑之比為p，求：（1）火星表面的重力加速度；（2）探測(cè)器繞火星表面運(yùn)行的速度14（16分）如圖所示，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R0.2 m的半圓，兩段軌道相切于B點(diǎn)，整個(gè)軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小E5.0103 V/m。一不帶電的絕緣小球甲，以速度v0沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，與靜止在B點(diǎn)帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞。已知乙球質(zhì)量為m1.0102

11、kg，乙所帶電荷量q2.0105 C，乙球質(zhì)量是甲球質(zhì)量的3倍。g取10 m/s2。(水平軌道足夠長(zhǎng)，甲、乙兩球可視為質(zhì)點(diǎn)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程無(wú)電荷轉(zhuǎn)移) (1)甲、乙兩球碰撞后，乙球通過(guò)軌道的最高點(diǎn)D時(shí)，對(duì)軌道的壓力是自身重力的2.5倍，求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離；(2)在滿足(1)的條件下，求甲球的初速度v0；15（12分）如圖所示，AB段為一半徑R0.2 m的光滑圓弧軌道，EF是一傾角為30的足夠長(zhǎng)的光滑固定斜面，斜面上有一質(zhì)量為0.1 kg的薄木板CD，開始時(shí)薄木板被鎖定一質(zhì)量也為0.1 kg的物塊(圖中未畫出)從A點(diǎn)由靜止開始下滑，通過(guò)B點(diǎn)后水平拋出，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后恰好以平行于薄木

12、板的方向滑上薄木板，在物塊滑上薄木板的同時(shí)薄木板解除鎖定，下滑過(guò)程中某時(shí)刻物塊和薄木板能達(dá)到共同速度已知物塊與薄木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.(g10 m/s2，結(jié)果可保留根號(hào))求：(1)物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大?。?2)物塊滑上薄木板時(shí)的速度大??；(3)達(dá)到共同速度前物塊下滑的加速度大小及從物塊滑上薄木板至達(dá)到共同速度所用的時(shí)間參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A、電容器與電源保持相連，電容器板間的電壓不變，將B板向上平移一小段距離，根據(jù)，電容增大，再由Q=CU，可知電容器處于充電狀態(tài)電何量增多；故A

13、錯(cuò)誤.B、根據(jù)分析得知板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，由U=Ed知，C與A間的電場(chǎng)差增大，A點(diǎn)的電勢(shì)為零，C點(diǎn)的電勢(shì)小于零，則知C點(diǎn)的電勢(shì)降低；故B錯(cuò)誤.C、C點(diǎn)的電勢(shì)降低，由知負(fù)電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能增大；故C正確.D、若保持B板不動(dòng)，將A板上移一小段距離，則極板間距增大，因電壓U不變，依據(jù)，可知電場(chǎng)強(qiáng)度減小，C與B的電勢(shì)差減小，那么C與A的電勢(shì)差增大，因此C點(diǎn)電勢(shì)降低；故D錯(cuò)誤.故選C.【點(diǎn)睛】由于金屬板與電源始終相連，即使改變兩板間距，兩板的電壓仍不變，掌握公式，與Q=CU的應(yīng)用，同時(shí)考查了電勢(shì)能與電荷的電量及電勢(shì)有關(guān)，且注意電荷的極性與電勢(shì)的正負(fù)2、A【解析】由光電效應(yīng)方程可知直線的斜率表示普朗克常量，

14、所以兩條直線平行，CD錯(cuò)；直線與橫坐標(biāo)的交點(diǎn)為金屬的極限頻率，根據(jù)兩種材料的溢出功可知A對(duì)；3、B【解析】由由表格看出37s電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，速度為v=5m/s02內(nèi)電梯做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為則電梯勻加速運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為則前2.5s內(nèi)的位移： 后2.5s做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移：x2=vt2=52.5=12.5m前5s內(nèi)的位移：x=x1+x2=6.25+12.5=18.75m故選：B點(diǎn)睛：由表格看出37s電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，求出速度；02s電梯做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)表格數(shù)據(jù)求出加速度和加速的時(shí)間；勻加速運(yùn)動(dòng)的末速度就等于勻速運(yùn)動(dòng)的速度，即可由速度v=at求出勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；再根據(jù)表格數(shù)據(jù)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出總

15、位移即可4、D【解析】試題分析：由全反射的臨界角滿足，則入射角滿足發(fā)生全反射；作出光路可知當(dāng)時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系，可知光線在PO邊上的入射角較小，光線將從PO射出，AB項(xiàng)錯(cuò)誤；同理當(dāng)時(shí)，光線在PO邊上的入射角較大，大于臨界角，光線將在PO射邊上發(fā)生全反射，D項(xiàng)正確考點(diǎn)：本題考查了光的折射和全反射.5、C【解析】對(duì)O點(diǎn)受力分析： G的向下的拉力，繩子OC的拉力，如圖：由于桿可繞A點(diǎn)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，所以兩拉力的合力方向應(yīng)沿桿指向A由圖可知，當(dāng)C點(diǎn)沿圓弧向上移動(dòng)的過(guò)程中，OC與OA之間的夾角先增大到90，然后又大于90，根據(jù)垂直桿方向兩力的分力平衡，設(shè)OC與桿夾角為，則：當(dāng)OC與OA之間的夾角為90時(shí)，繩子O

16、C對(duì)A點(diǎn)的拉力最小所以點(diǎn)C由圖示位置逐漸向上沿圓弧CB移動(dòng)過(guò)程中，OC繩所受拉力的大小變化情況是先減小后增大A. 逐漸減小，與推導(dǎo)結(jié)果不符，故A錯(cuò)誤；B. 逐漸增大，與推導(dǎo)結(jié)果不符，故B錯(cuò)誤；C. 先減小后增大，與推導(dǎo)結(jié)果符合，故C正確；D. 先增大后減小，與推導(dǎo)結(jié)果不符，故D錯(cuò)誤6、B【解析】AD平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動(dòng)水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)若初速度大于，在高度不變時(shí)水平位移就會(huì)大于，此時(shí)小球落在水平面上，高度不變，所以飛行時(shí)間不變，結(jié)合圖像可知，AD錯(cuò)誤；BC若初速度小于，則會(huì)落在斜面上，此時(shí)設(shè)斜面的傾角為，則有得到時(shí)間可見B正確，C錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題

17、5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】試題分析：（1）根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得：，得：（2）由平衡條件和胡克定律得：，得：（3）由平衡條件和胡克定律得：，得：（4）根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得：，得：所以故B正確考點(diǎn)：考查了胡克定律的應(yīng)用8、AB【解析】根據(jù)，可得乙球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：，所以甲與乙相遇時(shí)，乙的速度為：，所以甲沿水平方向的分速度，即平拋的初速度為：，故A正確；物體甲沿豎直方向的分速度為：，由vy=gt2，所以B在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：，故B正確；小球甲下降的高度為：，A、B兩點(diǎn)間的高

18、度差：，故C錯(cuò)誤；兩個(gè)小球完全相同，則兩小球在C點(diǎn)重力的功率之比為，故D錯(cuò)誤所以AB正確，BCD錯(cuò)誤9、BD【解析】?jī)蓧K平行金屬板構(gòu)成的電容器C的中間的液體就是一種電介質(zhì)，當(dāng)液體的高度升高，相當(dāng)于插入的電介質(zhì)越多，電容越大。，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)開關(guān)S斷開后，電容器的電量不變，根據(jù)，可知電容器兩極板間的電壓變小，故選BD.10、AC【解析】A.人對(duì)車的推力為F，在力F方向上車行駛了L，則推力F做的功為FL，故A項(xiàng)與題意相符；B.在水平方向上，由牛頓第二定律可知車對(duì)人的力向左，大小為ma，則人對(duì)車水平方向上的作用力大小為ma，方向向右；車向左運(yùn)動(dòng)了L，故人對(duì)車做的功為maL，故B項(xiàng)與題意不相符；

19、CD.豎直方向車對(duì)人的作用力大小為mg，則車對(duì)人的作用力F人在水平方向受到F的反作用力和車對(duì)人向左的摩擦力，則FfFma，F(xiàn)fmaF則車對(duì)人的摩擦力做的功為(Fma)L故C項(xiàng)與題意相符，D項(xiàng)與題意不相符。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、為了平衡小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受摩擦力； 0.50； B 【解析】（1）為了克服摩擦力的影響，在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)墊高一側(cè)，從而使重力的分力與摩擦力相互平衡；從而使小車受到的拉力為合外力； （2）由 可得： ； 對(duì)鉤碼和小車整體分析可知，整體受到的拉力為鉤碼的重力，質(zhì)量是整體的質(zhì)量；由F=ma可知，作出的圖像一定為直

20、線；且圖像的斜率一定為整體的質(zhì)量；故AC正確，B錯(cuò)誤； 本題選錯(cuò)誤的；故選B綜上所述本題答案是：B12、C g 測(cè)量前未平衡小車所受摩擦力 【解析】（1）探究加速度與力、質(zhì)量關(guān)系實(shí)驗(yàn)需要采用控制變量法，故選C；（2）由牛頓第二定律得： ，當(dāng)m趨向于無(wú)窮大時(shí)， 趨向于0，加速度a趨向于g，由此可知，若m不斷增大，圖乙中曲線部分不斷延伸，那么加速度a趨向值為g；（3）由圖像可知，當(dāng)F到達(dá)一定值時(shí)，小車才有加速度，則圖線未過(guò)原點(diǎn)的可能原因是測(cè)量前未平衡小車所受摩擦力或者平衡摩擦力不夠.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、

21、（1），（2）.【解析】試題分析：（1）根據(jù)萬(wàn)有引力與重力相等，求得重力加速度的表達(dá)式，再根據(jù)質(zhì)量與半徑關(guān)系求得火星表面的重力加速度；（2）根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，求得探測(cè)器繞火星表面運(yùn)行速度即可（1）萬(wàn)有引力與重力相等有，對(duì)地球有： 對(duì)于火星有： 聯(lián)立得： 所以可得火星表面的重力加速度（2）火星表面重力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有： 可得探測(cè)器的速度： 14、 (1)x=0.6m (2) 【解析】(1)根據(jù)題意可知，甲、乙兩球碰撞后，在水平方向上動(dòng)量守恒，此時(shí)乙獲得向右的速度沿軌道運(yùn)動(dòng)，在乙恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)D的情況下，設(shè)乙到達(dá)最高點(diǎn)的速度為vD，乙離開D點(diǎn)到達(dá)水平軌道的時(shí)間為t，乙的落點(diǎn)

22、到B點(diǎn)的距離為x，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：xvDt聯(lián)立得x=0.6m(2)設(shè)碰后甲、乙球的速度分別為v1，v2，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有：兩式聯(lián)解得：乙球從B到D過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有:解得：聯(lián)立解得：【點(diǎn)睛】熟記彈性碰撞的規(guī)律及結(jié)論，掌握物體完成圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件、類平拋規(guī)律以及動(dòng)能定理的綜合運(yùn)用15、 (1)3 N，方向豎直向下 (2)m/s (3)s【解析】試題分析： (1)物塊從A到B的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：mgRmv解得：vB2 m/s 在B點(diǎn)由牛頓第二定律得：FNmgm解得：FN3 N 由牛頓第三定律得物塊對(duì)軌道的壓力大小為3 N，方向豎直向下(2)設(shè)物塊滑上薄木板的速度為v，則： cos 30解得：vm/s(3)物塊和薄木板下滑過(guò)程中，由牛頓第二定律得：對(duì)物塊：mgsin 30mgcos 30ma1 對(duì)薄木板：mgsin 30mgcos 30ma2 設(shè)物塊和薄木板達(dá)到的共同速度為v，則：vva1ta2t 解得：ts 考點(diǎn)：牛頓第二定律及動(dòng)能定理的應(yīng)用