《2022-2023學年河北省永年縣第一中學高三物理第一學期期中考試試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022-2023學年河北省永年縣第一中學高三物理第一學期期中考試試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、浙江省長興縣十里銀杏長廊景區(qū)古銀杏眾多，成片成林全國罕見某次游客小朱發(fā)現(xiàn)一片手掌大小的樹葉正好從離水平地

2、面高約3m的樹枝上飄落這片樹葉從樹枝開始下落到落到地面上的時間可能是A0.4sB0.6sC0.8sD3s2、一根輕質(zhì)彈性繩的兩端分別固定在水平天花板上相距80 cm的兩點上，彈性繩的原長也為80 cm將一鉤碼掛在彈性繩的中點，平衡時彈性繩的總長度為100 cm；再將彈性繩的兩端緩慢移至天花板上的同一點，則彈性繩的總長度變?yōu)?彈性繩的伸長始終處于彈性限度內(nèi))()A86 cmB92 cmC98 cmD104 cm3、實際生活中常常利用如圖所示的裝置將重物吊到高處?，F(xiàn)有一質(zhì)量為M的同學欲將一質(zhì)量也為M的重物吊起,已知繩子在水平天花板上的懸點與定滑輪固定點之間的距離為L,不計滑輪的大小、滑輪與繩的重力

3、及滑輪受到的摩擦力。當該同學把重物緩慢拉升到最高點時,動滑輪與天花板間的距離為A B C D4、以下說法正確的是（ ）A一對相互作用的靜摩擦力同時做正功、同時做負功、同時不做功都是有可能的B物體做曲線運動時，其合力的瞬時功率不可能為零C物體受合外力為零時，其動能不變，但機械能可能改變D雨滴下落時，所受空氣阻力的功率越大，其動能變化就越快5、如圖所示，質(zhì)量為m的木塊A放在斜面體B上，若A和B沿水平方向以相同的速度一起向左做勻速直線運動則A和B之間的相互作用力大小為AmgsinBmgCmgcosD06、甲乙兩人同時同地出發(fā)騎自行車做直線運動，前1小時內(nèi)的位移-時間圖像如圖所示下列表述正確的是( )

4、A0.2-0.5小時內(nèi)，甲的加速度比乙的大B0.8小時內(nèi)，甲、乙騎行的路程相等C0.3-0.4小時內(nèi)，甲的速度比乙的大D0.8小時內(nèi)，甲的平均速度比乙的大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一質(zhì)量為的小球從處自由下落，與水平地面相碰后以的速度反彈已知小球與地面的作用時間為，重力加速度取，則下列說法正確的是（ ）A小球反彈起的最大高度為B碰撞前后速度改變量的大小為C地面對小球的沖量大小為D地面對小球的平均作用力大小為8、圖中虛線a、b、c代表電場中的三條等勢線，相鄰兩等

5、勢線之間的電勢差相等，實線為一帶正電的微粒僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，P、Q相比（）AP點的電勢較高B帶電微粒通過P點時的加速度較大C帶電微粒通過P點時動能較大D帶電微粒在P點時的電勢能較大9、一個質(zhì)量為m的物體以某一平行于斜面的速度從固定斜面底端沖上傾角為30的斜面，其加速度為g，如圖所示，此物體在斜面上上升的最大高度為h，g為重力加速度，則( )A物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為B物體在沿斜面上升過程中重力做功mghC重力的最大功率為D物體在沿斜面上升過程中，物體克服摩擦力做功10、如圖所示，平行板電容器與恒壓電源連接，下極板接地，a、b是兩極板中心，p是a

6、、b連線的中點，有一帶電油滴恰好懸停于p點現(xiàn)讓兩極板分別繞著過a、b點并垂直于紙面的軸同時轉(zhuǎn)過一小角度不計轉(zhuǎn)動時間，則從轉(zhuǎn)動前到轉(zhuǎn)動后的一小段時間內(nèi)A電容器的電容不變Bp點的電勢不變C帶電油滴的電勢能不變D帶電油滴的重力勢能不變?nèi)嶒烆}：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學利用如圖所示的裝置探究做功與速度變化的關系(1)小物塊在橡皮筋的作用下彈出，沿水平桌面滑行，之后平拋落至水平地面上，落點記為M1；(2)在釘子上分別套上2條、3條、4條同樣的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的長度都保持一致，重復步驟(1)，小物塊落點分別記為M2、M3、M4

7、；(3)測量相關數(shù)據(jù)，進行數(shù)據(jù)處理為求出小物塊拋出時的動能，需要測量下列物理量中的 _(填正確答案標號)A小物塊的質(zhì)量mB橡皮筋的原長xC橡皮筋的伸長量xD桌面到地面的高度hE小物塊拋出點到落地點的水平距離L將幾次實驗中橡皮筋對小物塊做功分別記為W1、W2、W3、，小物塊拋出點到落地點的水平距離分別記為L1、L2、L3、.若功與速度的平方成正比，則應以W為縱坐標、_為橫坐標作圖，才能得到一條直線由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略，則由此引起的誤差屬于_(填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”)12（12分）在“探究恒力做功與動能改變的關系”的實驗中,要改變木板的傾角，使小車在不掛鉤碼時能勻速下滑，其目的

8、是 _， 為了使得小車受到的拉力近似等于鉤碼的重力，小車的質(zhì)量M與鉤碼的質(zhì)量m要滿足什么關系 _四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）兩個相同的小球A和B，質(zhì)量均為m，用長度相同的兩根細線把A、B兩球懸掛在水平天花板上的同一點O，并用長度相同的細線連接A、B兩小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此時三根細線均處于直線狀態(tài)，且OB細線恰好處于豎直方向，如圖所示如果不考慮小球的大小，兩小球均處于靜止狀態(tài)，則：(1)OB繩對小球的拉力為多大？(2)OA繩對小球的拉力為多大？(3)作用力F為多大？14（16

9、分）如圖，光滑的水平面上放置質(zhì)量均為m=2kg的甲、乙兩輛小車，兩車之間通過一感應開關相連（當滑塊滑過感應開關時，兩車自動分離）甲車上帶有一半徑R=1m的1/4光滑的圓弧軌道，其下端切線水平并與乙車上表面平滑對接，乙車上表面水平，動摩擦因數(shù)=，其上有一右端與車相連的輕彈簧，一質(zhì)量為m0=1kg的小滑塊P（可看做質(zhì)點）從圓弧頂端A點由靜止釋放，經(jīng)過乙車左端點B后將彈簧壓縮到乙車上的C點，此時彈簧最短（彈簧始終在彈性限度內(nèi)），之后彈簧將滑塊P彈回，已知B、C間的長度為L=15m，求：（1）滑塊P滑上乙車前瞬間甲車的速度v的大??；（2）彈簧的最大彈性勢能EPm；（3）計算說明滑塊最終能否從乙車左端滑

10、出，若能滑出，則求出滑出時滑塊的速度大?。蝗舨荒芑?，則求出滑塊停在車上的位置距C點的距離15（12分）如圖所示，在豎直面內(nèi)有一個光滑弧形軌道，其末端水平，且與處于同一豎直面內(nèi)光滑圓形軌道的最低端相切，并平滑連接 、兩滑塊（可視為質(zhì)點）用輕細繩拴接在一起，在它們中間夾住一個被壓縮的微小輕質(zhì)彈簧兩滑塊從弧形軌道上的某一高度由靜止滑下，當兩滑塊剛滑入圓形軌道最低點時拴接兩滑塊的繩突然斷開，彈簧迅速將兩滑塊彈開，其中前面的滑塊沿圓形軌道運動恰能通過軌道最高點已知圓形軌道的半徑，滑塊的質(zhì)量滑塊的質(zhì)量，兩滑塊開始下滑時距圓形軌道底端的高度，重力加速度取，空氣阻力可忽略不計求： （1）、兩滑塊一起運動到圓

11、形軌道最低點時速度的大小（2）滑塊被彈簧彈開時的速度大?。?）彈簧在將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)自由落體運動公式：，解得：，而樹葉的運動時間大于自由落體運動的時間，可知樹葉開始下落的時間為3s，故D正確，ABC錯誤2、B【解析】本題屬于共點力平衡問題，首先對物體進行受力分析，再根據(jù)正交分解法將各個力分解成兩個方向上的力，然后列式求解；如果物體受到三力處于平衡狀態(tài)，可根據(jù)矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據(jù)正弦定理列式求解前后兩次始終處于靜止狀態(tài)，

12、即合外力為零，在改變繩長的同時，繩與豎直方向的夾角跟著改變【詳解】設彈性繩的勁度系數(shù)為k，左、右兩半段繩的伸長量：，由共點力的平衡條件可知，鉤碼的重力：，將彈性繩的兩端緩慢移至天花板上同一點時，鉤碼的重力：，解得：，則彈性繩的總長度變?yōu)椋?，故選B3、A【解析】當該同學把重物緩慢拉升到最高點時，繩子的拉力等于人的重力，即為Mg，而重物的重力也為Mg，則設繩子與豎直方向的夾角為，可得，則，此時動滑輪與天花板的距離為，故A正確，B、C、D錯誤；故選A?！军c睛】以人為研究對象確定物體達到最高點時人的拉力大小，再以滑輪處為研究對象，根據(jù)受力情況確定細線與豎直方向的夾角，再根據(jù)幾何關系求解。4、C【解析】

13、試題分析：一對相互作用的靜摩擦力不能同時做正功、同時做負功，因為相互作用的兩個力一定大小相等、方向相反，而物體的位移卻只有一個方向，所以一對相互作用的靜摩擦力所做的功的代數(shù)和為0，即總是一個是正的、另一個就是負的，二者同時不做功是可能的，就是在物體受到靜摩擦力但不移動的時候，故A錯誤；物體受變力作用，其受到的合力也可能是0的，故當其受到的合力為0時，或者其瞬時速度為0時，其合力的瞬時功率都可能是0，B錯誤；當一個物體受合力為0時，如果物體沿豎直方向運動，則其動能不變，但其機械能是會變化的，C正確；如果雨滴所受合外力的功率越大，則其能的變化就越快，故D是錯誤的考點：功、功率和機械能5、B【解析】

14、以A為研究對象，分析受力情況：重力mg、B對A的支持力N和摩擦力f，作出力圖所示：B對A的作用力是支持力N和摩擦力f的合力，根據(jù)平衡條件可知，支持力N和摩擦力f的合力與重力大小相等，方向相反，則有B對A的作用力大小為mg，故B正確，ACD錯誤。故選B。6、C【解析】由圖知，0.2-0.5小時內(nèi)甲乙都做勻速直線運動，加速度均為零，故A錯誤根據(jù)位移等于縱坐標的變化量，可知，0-0.6小時內(nèi)，甲的位移比乙的大，0.6-0.8小時內(nèi)，甲的位移也比乙的大，所以0.8小時內(nèi)，甲的路程比乙的大，故B錯誤s-t圖象的斜率表示速度，0.3-0.4小時內(nèi)，甲的斜率大，則甲的速度比乙的大，故C正確物體的位移等于s的

15、變化量則知0-0.8小時內(nèi)，甲的位移等于乙的位移，則甲的平均速度等于乙的平均速度，故D錯誤故選C點睛：該題考查了對位移-時間圖象的理解和應用，要掌握：在位移-時間圖象中，圖象的斜率表示質(zhì)點運動的速度的大小，縱坐標的變化量表示位移二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】規(guī)定向下為正方向，依據(jù)豎直上拋運動的特點故故A正確；速度的改變量即由自由落體的特點可知得，故故B錯誤；依據(jù)動量定理， 故由題可知， 得， 故C錯誤，D正確；故選AD點睛：由于物體在空中只受重力，所

16、以無論物體的下落過程還是從地面反彈的過程，物體的加速度都是g，位移、速度以及動量都是矢量，解題時要注意正方向.8、ABD【解析】A若帶電微粒從P點進入電場，由圖可以知道帶電微粒所受電場力由b等勢面指向c等勢面，因為微粒帶正電，故a等勢面的電勢最高，故P點的電勢高于Q點的電勢，故A正確；B因為電場線越密等勢線越密，由圖可以知道P點的場強大于Q點的場強，故帶電微粒在P處所受的電場力大于在Q點所受的電場力，所以帶電微粒通過P點時的加速度大，故B正確；C因為帶電微粒在從P向Q運動的過程中電場力正功，故微粒在P點時的動能小于在Q點的動能，故C錯誤；D因為帶電微粒在從P向Q運動的過程中電場力做正功，則帶電

17、微粒的電勢能減小，故帶電微粒在P點時的電勢能較大，反之，從Q向P運動，電場力做負功，電勢能增大，帶電微粒在P點時的電勢能較大，故D正確。故選ABD。9、AD【解析】A.物體在斜面上滑的過程，由牛頓第二定律得：解得：故A正確；B.物體向上運動，重力做負功，為-mgh，故B錯誤；C.由速度位移公式得：解得：則重力的最大功率為：故C錯誤；D.物體在沿斜面上升過程中， 由動能定理得：解得克服摩擦力做功為：故D正確10、BCD【解析】A、根據(jù)電容器電容的決定式，板間距離變?yōu)?,所以電容減小，A錯誤；B、因電容器與電源始終相接，故電壓不變，由知，電容器極板旋轉(zhuǎn)后，所以場強變?yōu)?，又因電容器下極板接地且油滴在

18、中間，故電勢，電勢不變，B 正確；C、D、不計轉(zhuǎn)動時間，帶電油滴的位置不變，帶電油滴的電勢不變，電勢能不變，重力勢能也不變，CD正確；故選BCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ADE 系統(tǒng)誤差 【解析】（1）小球離開桌面后做平拋運動，根據(jù)桌面到地面的高度，可計算出平拋運動的時間，再根據(jù)小物塊拋出點到落地點的水平距離，可計算出小球離開桌面時的速度，根據(jù)動能的表達式，還需要知道小球的質(zhì)量，故ADE正確，BC錯誤；（2）根據(jù)，和，可得，因為功與速度的平方成正比，所以功與正比，故應以W為縱坐標、為橫坐標作圖，才能得到一條直線；（3）偶然誤差

19、的特點是它的隨機性，如果我們對一些物理量只進行一次測量，其值可能比真值大也可能比真值小，這完全是偶然的，產(chǎn)生偶然誤差的原因無法控制，所以偶然誤差總是存在，通過多次測量取平均值可以減小偶然誤差，但無法消除；系統(tǒng)誤差是由于儀器的某些不完善、測量技術上受到限制或?qū)嶒灧椒ú粔蛲晟茮]有保證正確的實驗條件等原因產(chǎn)生，由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略且無法消除，則由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差12、 平衡摩擦力 M m【解析】（1）在“探究恒力做功與動能改變的關系”的實驗中,要改變木板的傾角，使小車在不掛鉤碼時能勻速下滑，其目的是平衡摩擦力（2）對整體分析，有： ，根據(jù)牛頓第二定律，對小車分析，繩子的拉力為：

20、 ，可知當Mm時，小車受到的合力與鉤碼的總重力大小基本相等四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)mg（2）2mg（3）【解析】(1)對B分析,可知AB繩中張力為0，有mg-FTB=0 得FTB=mg(2)對球A，受力分析如圖：FTAcos60-mg=0，F(xiàn)TAsin60-F=0，得：FTA=2mg(3)由以上各式可知：F=mg14、（1）1m/s（2）（3）不能滑出，1m【解析】試題分析：（1）滑塊下滑過程中水平方向動量守恒，機械能守恒：解得：，（2）滑塊滑上乙車后，由動量守恒定律得：由能量守恒定律有：解得：

21、（3）設滑塊沒有滑出，共同速度為，由動量守恒可知由能量守恒定律有：解得：L，所以不能滑出，停在車上的位置距C點的距離為1m考點：動量守恒定律；能量守恒定律【名師點睛】此題考查了動量守恒定律及能量守恒定律的應用；正確分析物體的運動過程，把握每個過程所遵守的物理規(guī)律是解題的關鍵，也是應培養(yǎng)的基本能力本題解題務必要注意速度的方向15、（1）（2）（3）【解析】（1）設滑塊和運動到圓形軌道最低點速度為，對滑塊和下滑到圓形軌道和最低點的過程，根據(jù)動能定理，有，解得（2）設滑塊恰能通過圓形軌道最高點時的速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律有設滑塊在圓形軌道最低點被彈出時的速度為，對于滑塊從圓形軌道最低點運動到最高點的過程，根據(jù)機械能守恒定律，有，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得： （3）對于彈簧將兩滑塊彈開的過程， 、兩滑塊所組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，設滑塊被彈出時的速度為，根據(jù)動量守恒定律，有，解得設彈簧將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能為，對于彈開兩滑塊的過程，根據(jù)機械能守恒定律，有解得： 點睛：本題綜合性較強，解決綜合問題的重點在于分析物體的運動過程，分過程靈活應用相應的物理規(guī)律；優(yōu)先考慮動能定理、機械能守恒等注重整體過程的物理規(guī)律