《2022-2023學(xué)年河北邢臺市物理高三上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年河北邢臺市物理高三上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、一質(zhì)點做簡諧運(yùn)動的位移-時間圖線如圖所示關(guān)于此質(zhì)點的振動，下列說法中正確的是( )A質(zhì)點做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式為B在時間內(nèi)，質(zhì)點向軸正向運(yùn)動C在時間內(nèi)，質(zhì)點的動能在增大D在時間內(nèi)，質(zhì)點的加速度在增大2、如圖所示，光滑水平面上放著足夠長的木板B，木板B上放著木塊A，AB接觸面粗糙.現(xiàn)用一水平拉力F作用在B上，使其由靜止開始運(yùn)動，用f1代表B對A的摩擦力，f2代表A對B的摩擦力，下列說法正確的有（ ）AF做的功一定等于AB系統(tǒng)動能的增加量BF做的功一定小于AB系統(tǒng)動能的增加量Cf1對A做的功等于A動能的增加量Df2對B做的功等于B動能的增加量3、如圖所示，傾斜放置的圓盤繞著中軸勻速

3、轉(zhuǎn)動，圓盤的傾角為37，在距轉(zhuǎn)動中心r=0.1m處放一小木塊，小木塊跟隨圓盤一起轉(zhuǎn)動，小木塊與圓盤的動摩擦因數(shù)為=0.8，木塊與圓盤的最大靜摩擦力與相同條件下的滑動摩擦力相同若要保持小木塊不相對圓盤滑動，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度最大值為A8rad/s B2rad/sCrad/s Drad/s4、水平面上有質(zhì)量相等的a、b兩物體，水平推力F1、F2分別作用在a、b上各作用一段時間后撤去推力，物體將繼續(xù)運(yùn)動一段時間后停下來撤去推力時兩物體速度相等，它們運(yùn)動的vt圖象如圖所示，圖中ABCD，整個過程中（） A水平推力F1、F2的大小相等Ba、b與水平面間的動摩擦因數(shù)相等Ca的平均速度大于b的平均速度D水平推

4、力F1、F2所做的功可能相等5、將驗證動量守恒定律的實驗裝置搬到豎直墻壁的附近，調(diào)整儀器，使球A從斜軌上由靜止釋放，并在水平軌道末端與球B發(fā)生正碰后，兩球都能打在墻上。 已知A、B兩球半徑相同，A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量，則下列說法正確的是A此裝置無法驗證動量守恒定律B碰撞后瞬間，A球的速度大于B球的速度C碰撞后， A、B兩球同時打到墻上D碰撞后，A球在墻上的落點在B球落點的下方6、如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量分別為mA、mB，且mAmB，置于光滑水平面上，相距較遠(yuǎn)將兩個大小均為F的力，同時分別水平作用在A、B上，經(jīng)過相同時間后撤去兩個力，兩物體發(fā)生碰撞并粘在一起后將A停止運(yùn)動B向左運(yùn)動C向右運(yùn)動

5、D運(yùn)動方向不能確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，固定在同一水平面上的兩平行金屬導(dǎo)軌AB，CD，兩端接有阻值相同的兩個定值電阻質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒垂直放在導(dǎo)軌上，輕彈簧左端固定，右端連接導(dǎo)體棒，整個裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中當(dāng)導(dǎo)體棒靜止在OO位置時，彈簧處于原長狀態(tài)此時給導(dǎo)體棒一個水平向右的初速度v0，它能向右運(yùn)動的最遠(yuǎn)距離為d，且能再次經(jīng)過OO位置已知導(dǎo)體棒所受的摩擦力大小恒為Ff，導(dǎo)體棒向右運(yùn)動過程中左側(cè)電阻產(chǎn)生的熱量為Q，不計導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻則()

6、A彈簧的彈性勢能最大為QFfdB彈簧的彈性勢能最大為2QFfdC導(dǎo)體棒再次回到OO位置時的動能等于4Q2FfdD導(dǎo)體棒再次回到OO位置時的動能大于4Q2Ffd8、下列說法正確的是( )A空氣中PM2.5的運(yùn)動屬于分子熱運(yùn)動B熱量總是自發(fā)的從分子平均動能大的物體傳遞到分子平均動能小的物體C液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力D隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，分子勢能也減小E.利用液晶在外加電壓的影響下，會由透明狀態(tài)變成混濁狀態(tài)而不透明，去掉電壓后，又會恢復(fù)透明的特性可以做成顯示元件9、如圖所示，帶有長方體盒子的斜劈A放在固定的斜面體C的斜面上，在盒子內(nèi)放有

7、光滑球B，B恰與盒子前、后壁P、Q點相接觸。若使斜劈A在斜面體C上由靜止釋放，以下說法正確的是A若C的斜面光滑，斜劈A由靜止釋放，則P點對球B有壓力B若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，則Q點對球B有壓力C若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面勻速下滑，則Q點對球B有壓力D若C的斜面粗糙，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，則Q點對球B有壓力10、一質(zhì)量為800kg的電動汽車由靜止開始沿平直公路行駛，達(dá)到的最大速度為18m/s,利用傳感器測得此過程中不同時刻電動汽車的牽引力F與對應(yīng)的速度v，并描繪出圖象，圖中AB、BC均為直線若電動汽車行駛過程中所受的阻力恒定，由圖象可知下列說法正確的是

8、（ ）A電動汽車由靜止開始一直做變加速直線運(yùn)動B電動汽車的額定功率為18kWC電動汽車由靜止開始經(jīng)過2s，速度達(dá)到6m/sD電動汽車行駛中所受的阻力為600N三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在研究小車勻變速運(yùn)動規(guī)律時,某同學(xué)根據(jù)所學(xué)知識設(shè)計了如下實驗步驟:A把打點計時器固定在斜面上,連接好電路；B把小車停放在靠近打點計時器處,接通電源后放開小車；C換上紙帶,重復(fù)三次,選擇一條理想的紙帶；D把紙帶穿過打點計時器,并把它的一端固定在小車車尾；E.斷開電源,取下紙帶.(1)合理的實驗順序應(yīng)為_.若如圖是該實驗得到的一條紙帶,從0點開

9、始每5個計時點取一個記數(shù)點,依照打點的先后順序依次編為1、2、3、4,5、6,測得:(2)相鄰兩記數(shù)點間的時間間隔為_s.(3)物體的加速度大小_，方向與物體運(yùn)動方向_(選填“相同”或“相反”).(4)打點計時器打下記數(shù)點3時,物體的速度大小_m/s.12（12分）某同學(xué)用如圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡重復(fù)這種操作1

10、0次，得到了如圖乙所示的三個落地點（1）請你敘述用什么方法找出落地點的平均位置?_并在圖中讀出OP=_（2）已知mAmB=21，碰撞過程中動量守恒，則由圖可以判斷出R是_球的落地點，P是_球的落地點（3）用題中的字母寫出動量守恒定律的表達(dá)式_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在傾角為 = 37的足夠長斜面上放置一質(zhì)量M = 2kg 、長度L = 1.5m的極薄平板 AB ，在薄平板的上端A處放一質(zhì)量m=1kg的小滑塊(視為質(zhì)點)，將小滑塊和薄平板同時無初速釋放。已知小滑塊與薄平板之間的動摩擦因數(shù)

11、為1=0.25、薄平板與斜面之間的動摩擦因數(shù)為2=0.5,sin37=0.6,cos37=0.8，取g=10m/s2。求：(1)釋放后，小滑塊的加速度al和薄平板的加速度a2;(2)從釋放到小滑塊滑離薄平板經(jīng)歷的時間t。14（16分）如圖所示，質(zhì)量為m的小球用長為L的輕質(zhì)細(xì)線懸于O點，與0點處于同一水平線上的P點處有一個光滑的細(xì)釘，已知OP=，在A點給小球一個水平向左的初速度v0=3，發(fā)現(xiàn)小球恰能到達(dá)跟P點在間一豎直線上的最高點B已知重力加速度大小為g，試求：(1)小球在A點時細(xì)線的張力大小；(2)在小球從A到B的過程中空氣阻力做的功15（12分）如圖所示，在B=0.1T的勻強(qiáng)磁場中有一邊長為

12、L=8cm的正方形ABCD，內(nèi)有一點P，它與AD和DC的距離均為1cm在P點有一個發(fā)射正離子的裝置，能夠連續(xù)不斷地向紙面內(nèi)的各個方向發(fā)射出速率為m/s不同的正離子，離子的質(zhì)量為kg，電荷量為C，離子的重力不計，不考慮離子之間的相互作用，則：(1)離子在磁場中的運(yùn)動半徑為多大？(2)一部分離子能夠在CB邊上飛出正方形區(qū)域，求這些離子從BC邊飛離時距C點的距離大?。ㄇ蟪鲎钚【嚯x和最大距離）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A項：由圖讀出質(zhì)點振動的周期T=2s，則角速度為 振幅為5cm，所以質(zhì)點做簡諧運(yùn)動的表

13、達(dá)式為，故A錯誤；B項：由圖可知：0.5-1.0s時間內(nèi)，質(zhì)點向x軸負(fù)向運(yùn)動，故B錯誤；C項：由圖可知：在1.0-1.5s內(nèi)，質(zhì)點由平衡位置向負(fù)向最大距離運(yùn)動，所以動能在減小，故C錯誤；D項：在1.0-1.5s內(nèi)，根據(jù)回復(fù)力與位移的關(guān)系可知，位移在增大，所以加速度在增大，故D正確。點晴：解決本題關(guān)鍵理解做簡諧運(yùn)動的回復(fù)力與質(zhì)點相對平衡位置位移的關(guān)系即，對應(yīng)運(yùn)動的物理情景解題。2、C【解析】AB由于開始運(yùn)動后，A是否會相對于B發(fā)生運(yùn)動，從題中給出的條件不能判斷，所以也就是如果兩者發(fā)生運(yùn)動，對整體分析可知，F(xiàn)做功轉(zhuǎn)化為轉(zhuǎn)化為兩個物體的動能及系統(tǒng)的內(nèi)能；故F做的功大于AB系統(tǒng)動能的增加量，AB錯誤；

14、C由動能定理可知，對A做的功等于A動能的增加量，C正確；D對B做負(fù)功，和拉力做功的總功等于B動能的增加量，D錯誤。故選C。3、B【解析】小木塊在軌道的最低點時最易開始滑動，根據(jù)向心力公式得：解得=2rad/s，B選項正確。4、B【解析】試題分析：根據(jù)v-t圖象，由于ABCD，可見兩物體與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，設(shè)為，在a、b加速運(yùn)動過程中，由牛頓第二定律知，；由于ma=mb，得F1F1故A錯誤；B正確；由可知，兩物體在全過程中運(yùn)動的平均速度相同；故C錯誤； 對全程由動能定理可知，兩物體的位移不相同，而摩擦力做功不同，則可知水平推力做功不可能相同；故D錯誤；故選B考點：牛頓第二定律；動能定理【

15、名師點睛】本題首先考查讀圖能力，其次考查動量定理應(yīng)用時，選擇研究過程的能力知道水平推力撤去后，AB與CD平行，說明加速度相同，動摩擦因數(shù)相同5、D【解析】兩球碰撞后均做平拋運(yùn)動，根據(jù)高度比較平拋運(yùn)動的時間，碰撞過程中動量守恒，運(yùn)用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達(dá)式，從而驗證動量守恒定律；【詳解】A、碰撞前后小球均做平拋運(yùn)動，在豎直方向上：，平拋運(yùn)動時間：，設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，未放B球時，小球A下落的高度為，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分別為和，則碰撞前后小球做平拋運(yùn)動的初速度分別為：，如果碰撞過程動量守恒，則：將速度代入動量守恒表達(dá)式解得：，分別將、和代入即可

16、驗證動量守恒定律，故選項A錯誤；B、由碰撞的實際過程可知，碰撞后瞬間，由于A球質(zhì)量大于B球質(zhì)量，則導(dǎo)致A球的速度小于B球的速度，故選項B錯誤；C、由上面分析可知，導(dǎo)致，導(dǎo)致碰撞后， A、B兩球不會同時打到墻上，A球時間長，后達(dá)到墻壁上，即A球在墻上的落點在B球落點的下方，故選項C錯誤，D正確。【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)，知道碰撞的過程中，動量守恒，運(yùn)用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達(dá)式，從而驗證動量守恒定律。6、A【解析】將兩個大小均為F的恒力，同時分別作用在A、B兩個物體上，經(jīng)相同的時間后，撤去兩個力，兩個力的沖量的矢量和為零，系統(tǒng)動量守恒

17、；兩個物體的動量等值、反向，故碰撞后粘在一起后均靜止；A. 停止運(yùn)動，與結(jié)論相符，選項A正確；B. 向左運(yùn)動，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C. 向右運(yùn)動，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D. 運(yùn)動方向不能確定，與結(jié)論不相符，選項D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】當(dāng)導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中，根據(jù)能量的轉(zhuǎn)換與守恒得：mv02EP+2Q+fd；所以：EPmv022Qfd，故A錯誤，B正確；由于產(chǎn)生了電能和熱能，導(dǎo)體棒的機(jī)械能不斷減小，所以導(dǎo)體棒在同一個位置時，向右

18、的速度大于向左的速度。所以導(dǎo)體棒向左運(yùn)動的過程中產(chǎn)生的電能小于導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中產(chǎn)生的電能。即：2Q2Q；當(dāng)導(dǎo)體棒向左運(yùn)動的過程中，根據(jù)能量的轉(zhuǎn)換與守恒得：EPmv2+2Q+fd；聯(lián)立得：mv2m v022Qfd2Qfdm v024Q2fd；故C錯誤，D正確。故選BD。點睛：該題考查電磁感應(yīng)中的能量的轉(zhuǎn)化與守恒，要注意導(dǎo)體棒向左運(yùn)動的過程中產(chǎn)生的電能小于導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中產(chǎn)生的電能8、BCE【解析】APM2.5在空氣中的運(yùn)動是固體顆粒分子團(tuán)的運(yùn)動，不是分子的熱運(yùn)動，故A錯誤；B根據(jù)溫度的微觀意義可知，溫度是分子平均動能的標(biāo)志，熱量總是自發(fā)的從溫度高的物體傳遞到溫度低的得物體；故B正確；

19、C液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子之間的作用力表現(xiàn)為引力，所以液體表面存在表面張力；故C正確；D隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，分子間的距離等于平衡距離時分子勢能最小，當(dāng)分子間距離小于平衡距離時隨分子間距離的增大，分子勢能減小，當(dāng)分子間的距離大于平衡距離時，隨分子間距離的增大分子勢能增大；故D錯誤；E利用液晶在外加電壓的影響下，會由透明狀態(tài)變成混濁狀態(tài)而不透明，去掉電壓后，又會恢復(fù)透明的特性可以做成顯示元件；故E正確。故選BCE【點睛】本題考查對分子動理論的理解；掌握溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度越高，分子平均動能越大;分子間相互作用的引力和斥力都隨分子間距離的減小而增

20、大。9、BD【解析】AB當(dāng)斜面光滑，斜劈靜止釋放或者斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行時，斜劈和球這個整體具有相同的加速度，方向沿斜面向下。根據(jù)牛頓第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下，所以B球受重力、底部的支持力、以及Q對球的彈力，知P點對球無壓力，Q點對球有壓力，故A錯誤，B正確；C斜劈A沿斜面勻速下滑，知B球處于平衡狀態(tài)，受重力和底部的支持力平衡，所以P、Q對球均無壓力，故C錯誤；D若C的斜面粗糙，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，斜劈和球這個整體具有相同的加速度，方向沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下，所以B球受重力、底部的支持力、以及Q對球的彈力，故D正確；1

21、0、BD【解析】AB段牽引力不變，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度不變，做勻加速直線運(yùn)動故A錯誤；額定功率 P=Fminvmax=60018=18kW，故B正確；勻加速運(yùn)動的加速度，到達(dá)B點時的速度，所以勻加速的時間，若電動汽車一直做勻加速運(yùn)動2s，則由靜止開始經(jīng)過2s的速度v=at=6m/s，所以電動汽車由靜止開始經(jīng)過2s，速度小于6m/s，故C錯誤；當(dāng)最大速度vmax=18m/s時，牽引力為Fmin=600N，故恒定阻力 f=Fmin=600N，故D正確故選BD【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠從圖線中分析出電動車在整個過程中的運(yùn)動情況，當(dāng)牽引力等于阻力時，速度達(dá)到最大三、實驗題：本題共2小題，共18分

22、。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）ADBEC； （2）0.1；（3）0.78，相反；（4）0.1【解析】（1）安排實驗步驟要本著先安裝器材，然后進(jìn)行實驗，實驗完畢整理器材的思路進(jìn)行，一般每完成一次實驗，都要進(jìn)行重復(fù)實驗（2）打點計時器每隔0.02s打一次點，根據(jù)打點間隔可以求出記數(shù)點之間的時間間隔；（3）利用逐差法可以求出加速度的大小，根據(jù)減速還是減速判斷加速度的方向；（4）在勻變速直線運(yùn)動中，時間中點的速度等于該過程中的平均速度，據(jù)此可求出打各點時的瞬時速度大小【詳解】（1）實驗步驟的安排要符合邏輯，要符合事物發(fā)展的進(jìn)程，一般都是先要安裝器材，準(zhǔn)備實驗，然后進(jìn)

23、行實驗的總體思路進(jìn)行，據(jù)此可知該實驗的順序為：ADBEC（2）打點計時器每隔0.02s打一次點，由于兩個記數(shù)點之間有5個間隔，因此相鄰兩記數(shù)點間的時間間隔為：T=5T0=0.1s（3）根據(jù)x=aT2，將x=0.78cm，T=0.1s帶入得：，打點間距越來越小，由此可知物體做減速運(yùn)動，加速度方向與運(yùn)動方向相反（4）在勻變速直線運(yùn)動中，時間中點的速度等于該過程中的平均速度，所以：12、用最小的圓把所有落點圈在里面，圓心即為落點的平均位置 13.0cm B A mA=mA+mB 【解析】(1)1 用盡可能小的圓把球的各落點圈起來，圓的圓心位置即為落地點的平均位置，2根據(jù)圖乙可知，平均落點到O點距離O

24、P為13.0cm(2)34 mAmB=21，A與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運(yùn)動，高度相同，落地時間相同，所以Q點是沒有碰B時A球的落地點，R是碰后B的落地點，P是碰后A的落地點(3)5 根據(jù)動量守恒定律可得：mAv0=mAv1+mBv2根據(jù)兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，故有：mAv0t=mAv1t+mBv2t即四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)，；(2)【解析】（1）設(shè)釋放后，滑塊會相對于平板向下滑動，對滑塊：由牛頓第二定律有：其中，解得：對薄平板，由牛頓第二定律

25、有：其中，解得：，假設(shè)成立，即滑塊會相對于平板向下滑動。設(shè)滑塊滑離時間為，由運(yùn)動學(xué)公式，有：，解得：14、 (1)T=10mg (2)【解析】試題分析：（1）小球在A點時，由重力和細(xì)線拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：，又解得：（2）小球恰能達(dá)到最高點B，在B點，由重力提供向心力，由牛頓第二定律有：可得B點的速率為：小球從A到B的過程中，設(shè)克服空氣阻力做功為Wf根據(jù)動能定理得：解得：考點：考查了圓周運(yùn)動，牛頓第二定律，動能定理【名師點睛】小球在A點時，由重力和細(xì)線拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求細(xì)線的張力大??；小球恰好到達(dá)最高點B時，繩子的拉力為零，由重力充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第

26、二定律求出小球在B點的速度對A到B的過程運(yùn)用動能定理，求克服空氣阻力所做的功15、 (1) (2)【解析】(1)離子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得：(2)速度大小為v=5106m/s的粒子運(yùn)動的軌道半徑r=5cm.當(dāng)粒子運(yùn)動沿軌跡與CD邊相切于E點時，粒子將從BC邊F點出射，為最低出射點.如圖所示：由幾何關(guān)系得：r12=(r1-d)2+PH2解得：PH=3cm由幾何關(guān)系得，F(xiàn)與C點的距離為當(dāng)粒子沿軌跡與BC邊相切于G點時，粒子將從GF邊G點出射，為最高出射點由幾何關(guān)系得：r2=（L-r-d）2+x2，解得：，則出射點G距下邊界高： 綜上，出射點距C的距離x滿足：【點睛】本題考查了粒子在磁場中的運(yùn)動，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運(yùn)動過程、作出粒子運(yùn)動軌跡是正確解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律、幾何知識即可正確解題