《河北省唐山市玉田縣2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中考試模擬試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《河北省唐山市玉田縣2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中考試模擬試題（含解析）.doc（17頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的左端上方固定一根與條形磁鐵垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通以如圖示方向的電流時(shí)，和原來(lái)沒(méi)有電流通過(guò)時(shí)相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f ( )AN減小，f 向左; BN減小，f 向右;CN增

2、大，f 向左; DN增大， f 向右.2、如圖所示，兩條曲線為汽車(chē)a、b在同一條平直公路上的速度時(shí)間圖像，已知在t2時(shí)刻，兩車(chē)相遇，下列說(shuō)法正確的是（ ）Aa車(chē)速度先減小后增大，b車(chē)速度先增大后減小Bt1時(shí)刻a車(chē)在前，b車(chē)在后Ct1t2汽車(chē)a、b的位移相同Da、b車(chē)加速度都是先減小后增大3、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為的圓弧軌道，半徑水平、豎直，一個(gè)質(zhì)量為的小球自A的正上方P點(diǎn)由靜止開(kāi)始自由下落，小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)B時(shí)恰好對(duì)軌道沒(méi)有壓力。己知，重力加速度為，則小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A重力做功B機(jī)械能減少C合外力做功D克服摩擦力做功4、汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率是60kW，汽車(chē)的質(zhì)量為2103

3、kg，在平直路面上行駛，受到的阻力是車(chē)重的0.1倍若汽車(chē)從靜止出發(fā)，以0.5ms2的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，則出發(fā)50s時(shí)，汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)的實(shí)際功率為(取g=10ms2) （ ）A25kWB50kWC60kWD75kW5、如圖，在傾角=30的光滑斜面上，長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線一端固定，另一端連接質(zhì)量為m的小球，小球在斜面上做圓周運(yùn)動(dòng)，A、B分別是圓弧的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，若小球在A、B點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的最小速度分別為vA、vB，重力加速度為g，則（ ）ABCD6、一滑塊做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（ ）A滑塊在2s末的速度方向發(fā)生改變B滑塊在4s末的加速度方向發(fā)生改變C滑塊在24s內(nèi)的位移等于46s內(nèi)

4、的位移D滑塊在02s內(nèi)的平均速度等于24s內(nèi)的平均速度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、小球P和Q用不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛在天花板上，P球的質(zhì)量等于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示，將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點(diǎn)（ ） AP球的動(dòng)量一定等于Q球的動(dòng)量BP球的動(dòng)能一定等于Q球的動(dòng)能CP球所受繩的拉力一定等于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度一定等于Q球的向心加速度8、如圖所示，一個(gè)長(zhǎng)直輕桿兩端分別固定一個(gè)小球和，其中、

5、兩球的質(zhì)量分別為和，兩球半徑忽略不計(jì)，桿的長(zhǎng)度為。先將輕桿豎直靠放在豎直墻上，輕輕撥動(dòng)小球，使小球在水平面上由靜止開(kāi)始向右滑動(dòng)，當(dāng)小球沿墻下滑距離為時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（不計(jì)一切摩擦，重力加速度為）A小球沿墻下滑的過(guò)程中小球的機(jī)械能守恒B小球沿墻下滑距離為時(shí)，小球的速度為C長(zhǎng)直輕桿對(duì)做功為D長(zhǎng)直輕桿對(duì)做功為9、速度相同的一束粒子（不計(jì)重力）經(jīng)過(guò)速度選擇器后射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說(shuō)法中正確的是（ ）A這束帶電粒子帶正電B速度選擇器的P1極板帶負(fù)電C能通過(guò)狹縫S0的帶電粒子的速率等于D若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大，則該粒子的比荷越小10、 “嫦娥三號(hào)”攜帶“玉兔號(hào)”月球車(chē)首次實(shí)現(xiàn)

6、月球軟著陸和月面巡視勘察，并開(kāi)展月表形貌與地質(zhì)構(gòu)造調(diào)查等科學(xué)探測(cè)“玉兔號(hào)”在地球表面的重力為G1，在月球表面的重力為G2；地球與月球均視為球體，其半徑分別為R1、R2；地球表面重力加速度為g.則( )A月球表面的重力加速度為B月球與地球的質(zhì)量之比為C月球與地球的第一宇宙速度之比為D“嫦娥三號(hào)”環(huán)繞月球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內(nèi)伸長(zhǎng)量x與彈力F成正比即F=kx，k的值與橡皮筋的原長(zhǎng)L、橫截面積S有關(guān)理論與實(shí)際都表明k=，其中Y是一個(gè)由材料決定的常數(shù)，材料力學(xué)上稱(chēng)之

7、為楊氏模量.（1）在國(guó)際單位中，楊氏模量Y的單位應(yīng)該是（_）AN Bm C D（2）某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得該橡皮筋的一些數(shù)據(jù)，做出了外力F與伸長(zhǎng)量x之間的關(guān)系圖象如圖所示由圖象可求得該橡皮筋的勁度系數(shù)K=_N/m(保留兩位有效數(shù)字)12（12分） “探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如下圖所示。(1)下列說(shuō)法正確的是_。A每次改變小車(chē)質(zhì)量時(shí)，應(yīng)重新平衡摩擦力B小車(chē)釋放前應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，且先釋放小車(chē)后接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源C本實(shí)驗(yàn)砝碼及砝碼盤(pán)B的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車(chē)A的質(zhì)量D在用圖象探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，應(yīng)作圖象(2)某同學(xué)將長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，其目的是_。但他把長(zhǎng)木板的右端墊得過(guò)高，使得傾角過(guò)大

8、用a表示小車(chē)的加速度，F(xiàn)表示細(xì)線作用于小車(chē)的拉力他繪出的a - F關(guān)系圖象是_ABCD(3)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率f50Hz。下圖是某同學(xué)在正確操作下獲得的一條紙帶，A、B、C、D、E每?jī)牲c(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出。則C點(diǎn)的速度為_(kāi)m/s；根據(jù)紙帶所提供的數(shù)據(jù)，算得小車(chē)的加速度大小為_(kāi)m/s2（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）某興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)軌道，依次由光滑曲面、粗粗水平面、光滑豎直圓軌道及足夠長(zhǎng)的傾斜傳送帶組成，如圖所示?；瑝K從曲面上某位置下滑，沿水平面從點(diǎn)左側(cè)進(jìn)入圓軌

9、道再?gòu)狞c(diǎn)右側(cè)離開(kāi)繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)連接點(diǎn)時(shí)沒(méi)有機(jī)械能損失。已知圓軌道半徑，滑塊質(zhì)量，滑塊與水平軌道、傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，傳送帶與水平面間的夾角，以的速度做逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)。（）求：（1）要使滑塊恰好經(jīng)過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)，靜止釋放滑塊的高度為多大；（2）滑塊從（1）問(wèn)中釋放位置以初動(dòng)能滑下，滑塊在傳動(dòng)帶上向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）滿(mǎn)足（2）問(wèn)的條件下，滑塊最終停在什么位置？14（16分）如圖甲所示，質(zhì)量M=0.2kg的平板放在水平地面上，質(zhì)量m=0.1kg的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）疊放在平板上方某處，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)對(duì)平板施加一水平向右的拉力，在01.5s內(nèi)該拉力F隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，1

10、.5s末撤去拉力。已知物塊未從平板上掉下，認(rèn)為最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.2，平板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.4，取g=10m/s2。求:（1）01s內(nèi)物塊和平板的加速度大小a1、a2；（2）1s末物塊和平板的速度大小v1、v2以及1.5s末物塊和平板的速度大小、；（3）平板的最短長(zhǎng)度L。15（12分）碰撞在宏觀、微觀世界中都是十分普遍的現(xiàn)象。(1)如圖1所示，在水平光滑的桌面上有兩個(gè)大小相同的小球A、B，質(zhì)量分別是m1、m2，A球以v1的速度與靜止的B球相碰。碰撞后A、B的速度分別是v1、v2。如果碰撞過(guò)程中機(jī)械能守恒，這樣的碰撞叫做彈性碰撞；如果碰撞過(guò)

11、程中機(jī)械能不守恒，這樣的碰撞叫做非彈性碰撞。若m1=2kg、m2=1kg，某次碰撞滿(mǎn)足v1=2m/s、v2=2m/s。通過(guò)計(jì)算碰撞前后的機(jī)械能說(shuō)明該次碰撞屬于彈性碰撞還是非彈性碰撞。(2)裂變反應(yīng)可以在人工控制下進(jìn)行，用慢化劑中的原子核跟中子發(fā)生碰撞，使中子的速率降下來(lái)，從而影響裂變反應(yīng)的反應(yīng)速度。如圖2所示，一個(gè)中子以速度v與慢化劑中靜止的原子核發(fā)生彈性正碰，中子的質(zhì)量為m，慢化劑中靜止的原子核的質(zhì)量為M，而且Mm。為把中子的速率更好地降下來(lái)，現(xiàn)有原子核質(zhì)量M大小各不相同的幾種材料可以作為慢化劑，通過(guò)計(jì)算碰撞后中子速度的大小，說(shuō)明慢化劑中的原子核M應(yīng)該選用質(zhì)量較大的還是質(zhì)量較小的。參考答案一

12、、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】以導(dǎo)線為以導(dǎo)線為研究對(duì)象，根據(jù)電流方向和磁場(chǎng)方向判斷所受的安培力方向，再根據(jù)牛頓第三定律，分析磁鐵所受的支持力和摩擦力情況來(lái)判斷【詳解】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向左上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的安培力方向斜向右下方，磁鐵有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到地面向左的摩擦力；同時(shí)磁鐵對(duì)地的壓力增大，地面對(duì)磁鐵的支持力也將增大，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確.故選：C2、D【解析】由圖線可知，a車(chē)的速度先增大后減小，b車(chē)的速度先減小后增大，故A錯(cuò)誤；在時(shí)刻，兩車(chē)

13、相遇，在時(shí)間內(nèi)，a圖線與時(shí)間軸圍成的面積大，則a的位移大，可知時(shí)刻，b車(chē)在前，a車(chē)在后，故BC錯(cuò)誤；圖線切線的斜率表示加速度，可知a車(chē)的加速度先減小后增大，b車(chē)的加速度先減小后增大，故D正確3、D【解析】A重力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與初末位置有關(guān)，故小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，重力做功為WG=mg2R=2mgR故A錯(cuò)誤；BD小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)B時(shí)恰好對(duì)軌道沒(méi)有壓力，根據(jù)牛頓第二定律，有解得：從P到B過(guò)程，重力勢(shì)能減小量為2mgR，動(dòng)能增加量為故機(jī)械能減小量為從P到B過(guò)程，克服摩擦力做功等于機(jī)械能減小量，故為，故B錯(cuò)誤，D正確；C從P到B過(guò)程，合外力做功等于動(dòng)能增加量，故故C錯(cuò)誤。4、C【解析】汽車(chē)

14、受到的阻力，汽車(chē)以0.5ms2的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，解得：，若50s內(nèi)車(chē)是勻加速，則，50s末汽車(chē)功率；但汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率是60kW，則50s內(nèi)車(chē)不是勻加速，而是先勻加速后變加速；故出發(fā)50s時(shí)，汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)的實(shí)際功率為60kW，選擇C點(diǎn)睛：車(chē)輛正常工作時(shí)實(shí)際功率不允許超過(guò)額定功率5、C【解析】在A點(diǎn)，對(duì)小球，臨界情況是繩子的拉力為零，小球靠重力沿斜面方向的分力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：，解得A點(diǎn)的最小速度為：，對(duì)AB段過(guò)程研究，根據(jù)機(jī)械能守恒得：，解得B點(diǎn)的最小速度為：，故C正確點(diǎn)睛：本題考查了牛頓第二定律和機(jī)械能守恒的綜合運(yùn)用，通過(guò)牛頓第二定律求出最高點(diǎn)的臨界速度是解決本題的關(guān)鍵6

15、、D【解析】A、在2s末前后速度方向均為正,故速度方向沒(méi)有發(fā)生改變,A錯(cuò)誤;B、在4s末前后圖線斜率沒(méi)變,則加速度沒(méi)變,故B錯(cuò)誤;C、由圖像可知，滑塊在24s內(nèi)的位移等于4-6s內(nèi)的位移大小相等，方向相反，故C錯(cuò)；D、由圖像可知：滑塊在02s內(nèi)的位移等于24s內(nèi)的的位移，所以滑塊在02s內(nèi)的平均速度等于24s內(nèi)的平均速度，故D對(duì)；故選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】AB.從靜止釋放至最低點(diǎn)，由機(jī)械能守恒得：解得：在最低點(diǎn)的動(dòng)量I=mv=m，半徑不相等

16、，動(dòng)量不相等，A錯(cuò)誤；B、由機(jī)械能守恒得：，最低點(diǎn)的動(dòng)能等于重力勢(shì)能的減少量，由于下降的高度不相等，最低點(diǎn)動(dòng)能不相等，B錯(cuò)誤；C、在最低點(diǎn)，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：F=3mg，與半徑無(wú)關(guān)吧，C正確；D、根據(jù)a向=（Fmg）/m=2g，向心加速度相等。故D正確。故選：CD。點(diǎn)睛：從靜止釋放至最低點(diǎn)，由機(jī)械能守恒列式，可知最低點(diǎn)的速度、動(dòng)能；在最低點(diǎn)由牛頓第二定律可得繩子的拉力和向心加速度8、BC【解析】AA沿墻下滑的過(guò)程中小球受重力、桿對(duì)它的彈力和墻對(duì)它的彈力，除重力做功外，桿的彈力對(duì)A小球做負(fù)功，所以A的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B當(dāng)小球A沿墻下滑距離為時(shí)，設(shè)A球的

17、速度為vA，B球的速度為vB，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得兩球沿桿子方向上的速度相等，則有聯(lián)立解得：故B正確；C對(duì)B球，根據(jù)動(dòng)能定理得故C正確；D對(duì)A球，根據(jù)動(dòng)能定理得解得：故D錯(cuò)誤。9、ACD【解析】試題分析：由圖可知，帶電粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2時(shí)向下偏轉(zhuǎn)，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電故A正確在平行金屬板中受到電場(chǎng)力和洛倫茲力兩個(gè)作用而做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力方向向下，粒子帶正電，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電故B錯(cuò)誤粒子能通過(guò)狹縫，電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，則有：qvB1=qE，解得：故C正確粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)

18、B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：，解得：可見(jiàn)，由于v是一定的，B不變，半徑r越大，則越小故D正確故選ACD考點(diǎn)：質(zhì)譜儀；速度選擇器【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要理解速度選擇器的原理：電場(chǎng)力與洛倫茲力，粒子的速度一定粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律則可得到半徑10、BD【解析】A、設(shè)探測(cè)器的質(zhì)量，火星表面的重力加速度：，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)得，火星與地球的質(zhì)量之比：，故B正確；C、第一宇宙速度：，火星與地球的第一宇宙速度之比：，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)周期公式，再根據(jù)，“暢想號(hào)”火星探測(cè)器繞火星表面勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，故D正確點(diǎn)睛：本題考查了萬(wàn)有引力定律在天文學(xué)上的

19、應(yīng)用，解題的基本規(guī)律是萬(wàn)有引力提供向心力，在任一星球表面重力等于萬(wàn)有引力，記住第一宇宙速度公式三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、C 【解析】（1）由得k的單位為N/m，又因?yàn)閗=，則Y的單位滿(mǎn)足 ，故C對(duì)；（2）根據(jù)圖像斜率可求出彈簧的勁度系數(shù)為： 故本題答案是：(1). C (2). 【點(diǎn)睛】根據(jù)公式可以得到導(dǎo)出單位，再根據(jù)圖像的斜率可以求出彈簧的勁度系數(shù)12、D 平衡摩擦力 C 0.21 0.60 【解析】(1)1A實(shí)驗(yàn)前要平衡摩擦力，每次改變小車(chē)質(zhì)量時(shí)，不需要重新平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤；B為了充分利用紙帶小車(chē)釋放前應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

20、，且應(yīng)先接通電源，然后再釋放小車(chē)，故B錯(cuò)誤；C在砝碼及砝碼盤(pán)B的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)A的質(zhì)量時(shí)，小車(chē)受到的拉力近似等于砝碼及砝碼盤(pán)受到的重力，故C錯(cuò)誤；D應(yīng)用圖象法處理加速度與質(zhì)量關(guān)系實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，為了直觀，應(yīng)作圖像，故D正確。(2)2將長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，其目的是平衡摩擦力；3把長(zhǎng)木板的右端墊得過(guò)高，使得傾角過(guò)大，則拉力為零時(shí)，具有加速度，故C正確；(3)4利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度可得5利用逐差法可得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）2.25m（2）0.8s（3）C點(diǎn)右側(cè)0.4m處【解析

21、】(1)設(shè)滑塊下滑高度為時(shí)，恰好經(jīng)過(guò)圓軌道最高點(diǎn)，在點(diǎn)：到由動(dòng)能定理得解得： 即釋放滑塊的高度至少為，才能順利經(jīng)過(guò)圓軌道最高點(diǎn)。(2)設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)速度為, 由動(dòng)能定理：代入數(shù)據(jù)得：滑塊沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)加速度為，由牛頓第二定律： 代入數(shù)據(jù)得：向上運(yùn)動(dòng)時(shí)間：代入數(shù)據(jù)得：(3)滑塊向上運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)距離：接著滑塊沿傳送帶下滑，加速度仍然是，和傳送帶速度相同時(shí)運(yùn)動(dòng)距離：因?yàn)?，此后滑塊繼續(xù)向下加速，設(shè)滑塊在圓軌道能上升高度為由動(dòng)能定理得：代入數(shù)據(jù)得：，因此滑塊返回到點(diǎn)右側(cè)，設(shè)其運(yùn)動(dòng)距離為，由：代入數(shù)據(jù)得：滑塊最著能終停在點(diǎn)右側(cè)處。14、（1）a1=2m/s2，a2=3m/s2；（2）v1=2m/s，v2=3

22、m/s；=3m/s；（3）L=1.35m?！窘馕觥浚?） 內(nèi)，物塊與平板間、平板與地面間的滑動(dòng)摩擦力大小分別為： 設(shè)物塊與平板間恰好滑動(dòng)時(shí)，拉力為F0由牛頓第二定律有，因?yàn)?，故物塊與平板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。對(duì)物塊和平板由牛頓第二定律有： 解得： （2） 內(nèi)，（），物塊與平板均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有： 解得： 內(nèi)，（），由于水平向右的拉力F2=1.4N恰好與f1+f2平衡，故平板做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物塊繼續(xù)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至與木板速度相同，有： （3）撤去拉力后，物塊和平板的加速度大小分別為： 物塊和平板停下所用的時(shí)間分別為： 可畫(huà)出物塊、平板的速度-時(shí)間圖象，如圖所示，根據(jù)“速度-時(shí)間圖象的面積表示位移”可知， 內(nèi)，物塊相對(duì)平板向左滑行的距離為： 內(nèi)，物塊相對(duì)平板向右滑行的距離為： 由于 ，故： 。15、 (1)非彈性碰撞；(2)v；原子核質(zhì)量應(yīng)選較小的【解析】(1)根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m1 v1= m1+m2解得：=1m/s碰前機(jī)械能=4J碰后機(jī)械能=3J則有機(jī)械能損失，是非彈性碰撞(2)令碰撞后中子速度為，某原子核速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m v= m+M由能量關(guān)系解得碰撞后中子速度因?yàn)镸m，所以可見(jiàn)，M越小，越小，為了使中子速率更好降下來(lái)，慢化劑中的原子核質(zhì)量應(yīng)選較小的