《廣西玉林市博白縣2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《廣西玉林市博白縣2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一個(gè)質(zhì)量為m的小鐵塊沿半徑為R的固定半圓軌道上邊緣由靜止滑下，到半圓底部時(shí)，軌道所受壓力為鐵塊重力的1.5倍，則此過程中鐵塊損失的機(jī)械能為ABCD2、如圖，光滑的四分之一圓弧軌道A、B固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面相切，穿在軌道上的小球在拉力F的作用下，緩慢地由A向B運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向，軌道對(duì)球的彈力為N在運(yùn)動(dòng)過程中AF增大，N減小BF減小，N減小CF增大，N增大DF減小，N增大3、如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩一端固定，另一端系一質(zhì)量為m的小球，如果給小球一個(gè)合適的初

3、速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，這樣就構(gòu)成了一個(gè)圓錐擺，設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為，下列說法中正確的是A小球受重力、細(xì)繩的拉力和向心力作用B細(xì)繩的拉力等于向心力C越大，小球運(yùn)動(dòng)的角速度越大D越大，小球運(yùn)動(dòng)的線速度越小4、用甲、乙、丙三種單色光在同一個(gè)光電管上做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)光電流I與電壓U的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是A甲、乙兩種單色光的強(qiáng)度相同B單色光甲的頻率大于單色光丙的頻率C三種單色光在同種介質(zhì)中傳播時(shí)，丙的波長(zhǎng)最短D三種單色光中，丙照射時(shí)逸出光電子的最大初動(dòng)能最小5、如圖所示，小球從豎直磚墻某位置靜止釋放做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光，得到了圖

4、中1、2、3、4、5所示小球運(yùn)動(dòng)過程中每次曝光的位置。連續(xù)兩次曝光的時(shí)間間隔均為T，每塊磚的厚度為d。根據(jù)圖中的信息，下列判斷不正確的是 ( )A位置“1”是小球釋放的初始位置B小球在位置“3”的速度大小為C小球下落的加速度大小為D小球在位置5的速度大小為6、如圖是、兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖線，則A在運(yùn)動(dòng)過程中，質(zhì)點(diǎn)總比質(zhì)點(diǎn)慢B當(dāng)時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同C當(dāng)時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等D當(dāng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度大于質(zhì)點(diǎn)的加速度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在水平

5、向右、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在O點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點(diǎn)，B、D連線與電場(chǎng)線平行，A、C連線與電場(chǎng)線垂直，靜電力常數(shù)為k。則（）AA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為BB點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為CD點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能為0DA、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同8、原來做勻速運(yùn)動(dòng)的升降機(jī)內(nèi)有一被伸長(zhǎng)彈簧拉住的具有一定質(zhì)量的物體A靜止在地板上，如圖所示，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)A突然被彈簧拉向右方由此可判斷，此時(shí)升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)可能是（）A加速上升B減速上升C加速下降D減速下降9、在圖中坐標(biāo)系的原點(diǎn)處有一波源，圖中a、b、c、d、e五點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為5 cm、15 cm、18 cm、21 cm、

6、27 cm該波源在介質(zhì)中形成了一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，從該簡(jiǎn)諧波第一次傳到c點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，此時(shí)c點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸的正方向，經(jīng)時(shí)間t0.6 s時(shí)該簡(jiǎn)諧波第一次傳到e點(diǎn)，此時(shí)c點(diǎn)第一次到達(dá)x軸下方的最大位移處，已知該簡(jiǎn)諧波的振幅為A則以下說法正確的是_(填正確答案標(biāo)號(hào))A該簡(jiǎn)諧波的速度大小為20 cm/sB該簡(jiǎn)諧波的周期為0.8 sC在t0.6 s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)d通過的路程為3AD在ts時(shí)質(zhì)點(diǎn)a應(yīng)處于平衡位置且沿y軸的負(fù)方向振動(dòng)E.在t0.5 s時(shí)質(zhì)點(diǎn)b、c的位移相同10、一質(zhì)量為2kg的物體受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的圖象如圖2所示，時(shí)其速度大小為，滑動(dòng)摩擦力大小恒

7、為則下列說法正確的是A在時(shí)刻，物體的速度為B在時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物體做的功為400JC在時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物體做的功為396JD在時(shí)刻，拉力F的功率為200W三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某研究性學(xué)習(xí)小組采用如圖所示的電路測(cè)量某干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，R為電阻箱，V為理想電壓表，其量程略大于電池的電動(dòng)勢(shì)實(shí)驗(yàn)中通過多次改變電阻箱的阻值R，從電壓表上讀出相應(yīng)的示數(shù)U，該小組同學(xué)發(fā)現(xiàn)U與R不成線性關(guān)系，于是求出了相應(yīng)的電阻與電壓的倒數(shù)如下表所示 根據(jù)表中的數(shù)據(jù)和實(shí)驗(yàn)原理，你認(rèn)為第_（填序號(hào)）組數(shù)據(jù)是明顯錯(cuò)誤的，其原因是_； 根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)

8、，請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)系中繪出1/U 1/R關(guān)系圖線 由圖線可知，電動(dòng)勢(shì)E = _ V，內(nèi)阻r = _ （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）某同學(xué)利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律該同學(xué)經(jīng)正確操作得到打點(diǎn)紙帶，在紙帶后段每?jī)蓚€(gè)計(jì)時(shí)間隔取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，依次為1、2、3、4、5、6、7，測(cè)量各計(jì)數(shù)點(diǎn)到第一個(gè)點(diǎn)的距離h，并正確求出打相應(yīng)點(diǎn)時(shí)的速度v.各計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)見下表： 計(jì)數(shù)點(diǎn)1234567h/m0.1240.1940.2790.3800.4970.6300.777v/(ms1)1.942.332.733.133.50v2/(m2s2)3.765.437.459.8012.3請(qǐng)?jiān)趫D坐標(biāo)中，描點(diǎn)作出v

9、2h圖線_；由圖線可知，重錘下落的加速度g_m/s2(保留三位有效數(shù)字)；若當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭9.80 m/s2，根據(jù)作出的圖線，能粗略驗(yàn)證自由下落的重錘機(jī)械能守恒的依據(jù)是_四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，abcd為固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道，其中ab傾斜、bc水平、cd為半徑R0.25m的圓弧軌道三部分平滑連接，c為圓弧軌道的最低點(diǎn)，可為質(zhì)點(diǎn)的小球m1和m2中間壓縮輕質(zhì)彈簧靜止在水平軌道上(彈簧與兩小球不栓接且被鎖定)，水平檔板c與d點(diǎn)豎直距離h0.15m現(xiàn)解除對(duì)彈簧的鎖定，小球m1脫離彈簧

10、后恰能沿軌道運(yùn)動(dòng)到a處，ab的豎直高度差H1.8m，小球m2沿軌道cd運(yùn)動(dòng)沖出軌道打在水平檔板e(cuò)上已知m10.5kg，m21.0kg，在c點(diǎn)時(shí)小球m2對(duì)軌道壓力的大小為46N，已知彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)小球仍處于水平軌道，不計(jì)空氣阻力，g10m/s2求: （1）彈簧最大的彈性勢(shì)能（2）小球m2離開d點(diǎn)到打在水平檔板e(cuò)上的時(shí)間14（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)為L(zhǎng)8cm，兩板間距離d8cm，A板比B板電勢(shì)高300V，一帶正電的粒子電荷量為q1.01010C、質(zhì)量為m1.01020kg，沿電場(chǎng)中心線RD垂直電場(chǎng)線飛入電場(chǎng)，初速度v02.0106m/s，粒子飛出電場(chǎng)后經(jīng)過界面MN、PS間的無電場(chǎng)區(qū)

11、域。已知兩界面MN、PS相距為12 cm，粒子最后打在放置于PS線上的熒光屏上。(粒子的重力不計(jì)) 求：粒子打在熒光屏上的位置。15（12分）從離地一定高度的空中由靜止開始自由釋放一個(gè)小球，落地時(shí)速度大小為4.5 m/s取g10 m/s2，（不計(jì)空氣阻力）求：（1）小球經(jīng)過多少時(shí)間落到地面？（2）小球由靜止釋放時(shí)離地有多高？（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】鐵塊滑到半球底部時(shí)，半圓軌道底部所受壓力為鐵塊重力的1.5倍，根據(jù)牛頓第二定律，有壓力等于支持力，根據(jù)題意，有對(duì)鐵塊的下滑過

12、程運(yùn)用動(dòng)能定理，得到聯(lián)立解得：故D正確2、A【解析】對(duì)球受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有N=mgcos F=mgsin其中為支持力N與豎直方向的夾角；當(dāng)物體向上移動(dòng)時(shí)，變大，故N變小，F(xiàn)變大；故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A注：此題答案應(yīng)該是A.3、C【解析】AB. 小球只受重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C. 向心力大小為：Fn=mgtan，小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：r=Lsin，則由牛頓第二定律得：mgtan=m2Lsin。得到角速度=，越大，cos越小，小球運(yùn)動(dòng)的角速度越大，故C正確；D.由牛頓第二定律mgtan=m，得到線速度：v=，越大，

13、sin、tan越大，小球運(yùn)動(dòng)的線速度越大，故D錯(cuò)誤。故選：C.4、C【解析】A、甲乙兩種單色光對(duì)應(yīng)的遏止電壓相同，則兩種光的頻率相同，但加正向電壓時(shí)甲的飽和電流更大，說明甲光的光更強(qiáng)；故A錯(cuò)誤.B、D、由光電效應(yīng)方程和可知遏止電壓越大時(shí)，對(duì)應(yīng)的光的頻率越大，故；三種光照射同一金屬，飛出的光電子的最大初動(dòng)能關(guān)系為；故B，D均錯(cuò)誤.C、光在同種介質(zhì)中傳播的速度相同，由可得，；故C正確.故選C.5、A【解析】AC. 由圖可知1、2之間的距離為H1=2d，2、3之間的距離為H2=3d，3、4之間的距離為H3=4d，4、5之間的距離為H4=5d。由于H=H4-H3=H3-H2=H2-H1=d即在連續(xù)相等

14、的時(shí)間內(nèi)物體的位移差等于恒量，故根據(jù)x=aT2可得物體的加速度若位置“1”是小球釋放的初始位置，則有故顯然與已知相矛盾，故位置“1”不是小球釋放的初始位置。故A錯(cuò)誤符合題意C正確不符合題意。B. 因?yàn)槲恢谩?”所處的時(shí)刻是位置“2”和位置“4”所處的時(shí)刻的中點(diǎn)時(shí)刻，故B正確不符合題意。D. 根據(jù)vt=v0+at可得小球在位置“5”的速度大小為故D正確不符合題意。6、B【解析】A.位移-時(shí)間圖線的斜率等于速度，由圖看出，圖線的斜率大于圖線的斜率，則的速度大于的速度，質(zhì)點(diǎn)總比質(zhì)點(diǎn)快，故A錯(cuò)誤；B.圖線是、兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖線，所以時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同，故B正確；C.在時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)總比

15、質(zhì)點(diǎn)快，即當(dāng)時(shí)，的速度大于的速度，故C錯(cuò)誤；D.兩質(zhì)點(diǎn)均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度都等于零，故D錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】AO點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上，大小為根據(jù)場(chǎng)的疊加原理可得A正確；BO點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷在B點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右，大小為根據(jù)場(chǎng)的疊加原理可得B錯(cuò)誤；CO點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右，大小為根據(jù)場(chǎng)的疊加原理可得若，則D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0，C正確；DA、C兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等

16、，方向不同，D錯(cuò)誤；故選AC。8、BC【解析】當(dāng)升降機(jī)靜止時(shí)，地板給物體的靜摩擦力與彈簧的彈力平衡，且該靜摩擦力可能小于或等于最大靜摩擦力當(dāng)升降機(jī)有向下的加速度（加速下降或減速上升）時(shí)，必然會(huì)減小物體對(duì)地板的正壓力，也就減小了最大靜摩擦力，這時(shí)的最大靜摩擦力小于電梯靜止時(shí)的靜摩擦力，而彈簧的彈力又未改變，故只有在這種情況下A才可能被拉向右方，故BC正確，AD錯(cuò)誤9、BDE【解析】設(shè)該簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為，由題中的條件可知c、e兩點(diǎn)之間的距離為，即=9cm，=12 cm，周期為T，則tT，所以T0.8 s，因此該簡(jiǎn)諧波的波速大小為，故A錯(cuò)誤，B正確；該簡(jiǎn)諧波的振動(dòng)形式由c傳到d所需要的時(shí)間為，在t0.

17、6 s的時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)d振動(dòng)的時(shí)間為t2tt10.4s，則質(zhì)點(diǎn)d通過的路程為振幅的2倍，即2A，故C錯(cuò)誤；由題中的條件描繪出t=0時(shí)的波形圖，如圖所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a處于x軸上方且向上振動(dòng)，原點(diǎn)的振動(dòng)形式從原點(diǎn)傳播到a點(diǎn)所需的時(shí)間為，故時(shí)，a點(diǎn)處于平衡位置，振動(dòng)方向沿y軸的負(fù)方向，故D正確；0.5s，則在00.5s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b先由x軸上方最大位移處向下運(yùn)動(dòng)到達(dá)x軸下方最大位移處，再向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)位移為A處，質(zhì)點(diǎn)c先由平衡位置向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)x軸上方最大位移處，再向下運(yùn)動(dòng)經(jīng)過平衡位置，到達(dá)位移為處，故E正確所以BDE正確，AC錯(cuò)誤10、ACD【解析】根據(jù)可知：圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量，則在時(shí)刻

18、，物體的速度，故A正確；根據(jù)動(dòng)能定理得：W合，故B錯(cuò)誤，C正確；在時(shí)刻，根據(jù)牛頓第二定律得：；則在時(shí)刻，拉力F的功率，故D正確。故選ACD。【點(diǎn)睛】本題主要考查了動(dòng)能定理、牛頓第二定律及瞬時(shí)功率公式的直接應(yīng)用，解題的突破口是知道圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3 外電阻減小，路端電壓應(yīng)該減小，路端電壓的倒數(shù)應(yīng)該增大如圖所示： 3.9V 1.71 【解析】試題分析：（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律得路端電壓，所以外電阻減小，路端電壓逐漸減小根據(jù)表中的數(shù)據(jù)和實(shí)驗(yàn)原理，第3組數(shù)據(jù)是錯(cuò)誤的，隨電阻倒數(shù)

19、的增大路端電壓的倒數(shù)應(yīng)增大，即隨著電阻的減少路端電壓應(yīng)逐漸減?。?）根據(jù)描點(diǎn)法繪出如圖所示的關(guān)系曲線如圖所示（3）由實(shí)驗(yàn)原理：，變形得：，由此可知與成線性關(guān)系圖象的縱軸截距等于，斜率大小等于,如圖根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求出圖象的縱截距為13，即=13解得電動(dòng)勢(shì)E=39V, 圖象的斜率等于,則有，解得內(nèi)阻r=173考點(diǎn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【名師點(diǎn)睛】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的原理是閉合電路歐姆定律，實(shí)驗(yàn)的電路有三種，分別是伏安法、伏阻法和安阻法本題采用轉(zhuǎn)換法，將非線性關(guān)系通過數(shù)學(xué)變形轉(zhuǎn)換成了線性關(guān)系根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，明確數(shù)據(jù)的變化情況；根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象； 根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，

20、通過圖象將公式變形，再根據(jù)圖象的性質(zhì)即可分析電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻12、如圖所示； 9.75(9.689.79均可) 圖線為通過坐標(biāo)原點(diǎn)的一條直線，所求g與g基本相等 【解析】利用描點(diǎn)法作出圖象如下所示：利用v2-h圖線處理數(shù)據(jù)，若mgh=mv2，那么v2-h圖線的斜率就等于2g所以重鍾下落的加速度：g=k=9.75m/s2根據(jù)作出的圖線，能粗略驗(yàn)證自由下落的重錘機(jī)械能守恒的依據(jù)是：圖線為通過坐標(biāo)原點(diǎn)的一條直線，斜率g與g基本相等四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）13.5J；（2）0.1s【解析】（1）對(duì)小球m1，

21、由機(jī)械能守恒定律得：m1vm1gH解得：v16m/s設(shè)在c點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小球m2壓力的大小為F，由牛頓第二定律得：解得：v23m/s彈簧鎖定時(shí)的彈性勢(shì)能最大，由能量的轉(zhuǎn)化及守恒定律得：EPm1vm2v代入數(shù)值得：EP13.5J（2）小球m2從c點(diǎn)到d點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：m2gRm2vd2m2v解得：vd2m/s小球m2離開d點(diǎn)做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到打在水平檔板e(cuò)上的時(shí)間為thvdtgt2聯(lián)立以上各式代入數(shù)值得：t10.1s，t20.3s（舍去）小球m2離開d點(diǎn)到打在水平檔板e(cuò)上的時(shí)間為0.1s14、 【解析】(1)粒子穿過界面MN時(shí)偏離中心線RO的距離(偏移位移)：Lv0t則: 粒子在離開電場(chǎng)后將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其軌跡與PS交于H，設(shè)H到中心線的距離為Y，則有解得:Y4y12cm【點(diǎn)睛】本題是粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題，分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)情況是關(guān)鍵粒子垂直射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合即可解題15、（1）0.45s（2）1.0m【解析】試題分析：（1）設(shè)經(jīng)ts落地則（2）小球離地面高為則考點(diǎn)：自由落體運(yùn)動(dòng)