《浙江省桐鄉(xiāng)市鳳鳴高級中學(xué)2017-2018學(xué)年高一物理下學(xué)期期中試題（含解析）.doc-匯文網(wǎng)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《浙江省桐鄉(xiāng)市鳳鳴高級中學(xué)2017-2018學(xué)年高一物理下學(xué)期期中試題（含解析）.doc-匯文網(wǎng)（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、浙江省桐鄉(xiāng)市鳳鳴高級中學(xué)2017-2018學(xué)年高一物理下學(xué)期期中試題（含解析）一、單選題（本題共16小題，每小題3分，共48分。每小題給出的四個選項中，只有一個是符合題目要求的。）1. 下列物理量中屬于矢量的是A. 速率 B. 電勢 C. 電流 D. 位移【答案】D【解析】既有大小又有方向的物理量叫做矢量，如速度，位移，力等于；只有大小沒有方向的物理量叫做標(biāo)量，如速率，電勢，電流，時間等，D正確2. 在國際單位制中，電場強度單位的符號是A. N B. N/C C. N/(Am) D. N/A【答案】B【解析】試題分析：在國際單位制中，電場強度單位的符號是N/C，故選B考點：電場強度3. 如圖所

2、示，比賽中足球被踢出后在空中飛行時受到的力有A. 腳對球的作用力B. 重力、腳對球的作用力C. 重力、空氣阻力D. 重力、慣性力、空氣阻力【答案】C【解析】在空中飛行的物體受到豎直向下的重力作用，最終落回地面，同時還有空氣阻力，故C正確4. 北京時間8月19日，2016年里約奧運會田徑比賽在200米決賽中，“飛人”博爾特以19秒79的成績奪得冠軍，下列說法正確的是A. 200米指位移 B. 19秒79為時間間隔C. 博爾特撞線時可以看成質(zhì)點 D. 博爾特奪冠是因為他的加速度最大【答案】B【解析】A項：200米是運動軌跡的長度，是路程，故A錯誤；B項：19秒79對應(yīng)一段位移，是指時間間隔，故B正

3、確；C項：研究博爾特跑步時擺手的動作時如看成質(zhì)點，由于質(zhì)點沒有形狀，所以則無法研究，故C錯誤；D項：博爾特奪冠是因為他的平均速率最大，不是因為加速度最大，故D錯誤。5. 某物體運動的v-t圖象如圖所示，則該物體A. 做往復(fù)運動B. 做勻速直線運動C. 朝某一方向做直線運動D. 以上說法都不正確【答案】C【解析】試題分析：由圖線知，速度都為正值，知速度的方向不變，一直向某一方向做直線運動，由于圖線的斜率有正有負(fù)，知加速度有正有負(fù)，即加速度的方向在改變，則該運動不是勻變速直線運動物體先做勻加速直線運動然后做勻減速直線運動到零，再重復(fù)以前的運動故C正確，A、B、D錯誤故選C6. 下列說法正確的是A.

4、 牛頓最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因B. 萬有引力定律中的引力常量由牛頓測定C. 庫侖定律中的平方反比關(guān)系由庫侖通過庫侖扭稱實驗獲得D. 奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律【答案】C【解析】試題分析：伽利略最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因，選項A錯誤；萬有引力定律中的引力常量由卡文迪許測定的，選項B錯誤；庫侖定律中的平方反比關(guān)系由庫侖通過庫侖扭稱實驗獲得，選項C正確；奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的周圍存在磁場，選項D錯誤；故選C考點：物理學(xué)史7. 下列說法正確的是A. 物體在完全失重的狀態(tài)下不受重力B. 動摩擦因素沒有單位C. 重力勢能有正負(fù)，所以是矢量D. 電容器

5、的電容與其所帶的電荷量成正比【答案】B【解析】物體在完全失重狀態(tài)下仍受重力，故A錯誤；動摩擦因數(shù)是沒有單位的，故B正確；重力勢能有正負(fù)之分，但重力勢能是標(biāo)量，故C錯誤；電容器的電容與其所帶電量以及電壓無關(guān)，其大小由電容器本身的因素決定，故D錯誤。故選B?！军c睛】本題考查超重和失重的性質(zhì)，動摩擦因數(shù)、重力勢能以及電容等，要注意明確它們各自的意義，知道它們的決定因素才能準(zhǔn)確求解。8. 如圖為“中國好歌聲”娛樂節(jié)目所設(shè)計的“導(dǎo)師戰(zhàn)車”，戰(zhàn)車可以在傾斜直軌道上運動。當(dāng)坐在戰(zhàn)車中的導(dǎo)師按下按鈕，戰(zhàn)車就由靜止開始沿長10米的斜面沖到學(xué)員面前，最終剛好停在斜面的末端，此過程約歷時4秒。在戰(zhàn)車在運動過程中，下

6、列說法正確的是A. 戰(zhàn)車在運動過程中導(dǎo)師處于失重狀態(tài)B. 戰(zhàn)車在運動過程中所受外力始終不變C. 戰(zhàn)車在傾斜導(dǎo)軌上做勻變速直線運動D. 根據(jù)題中信息可以估算導(dǎo)師運動的平均速度【答案】D【解析】試題分析：由題可知，“導(dǎo)師戰(zhàn)車”沿斜面的方向先加速后減速，加速的過程中有沿斜面向下的分加速度，車處于失重狀態(tài)；當(dāng)車減速時，車有向上的分加速度，車處于超重狀態(tài)故A錯誤；由題可知，“導(dǎo)師戰(zhàn)車”沿斜面的方向先加速后減速，結(jié)合牛頓第二定律可知，車受到的合外力先沿斜面向下，后沿斜面向上故B錯誤；“導(dǎo)師戰(zhàn)車”沿斜面的方向先加速后減速故C錯誤；車的位移是10m，時間是4s，所以可以求出平均速度：故D正確故選D考點：失重和

7、超重；牛頓定律的應(yīng)用9. “玉兔號”月球車依靠太陽能電池板提供能量，如圖ABCD是一塊矩形電池板，能繞CD轉(zhuǎn)動，E為矩形的幾何中心（未標(biāo)出），則電池板旋轉(zhuǎn)過程中A. B、E兩點的轉(zhuǎn)速相同B. A、B兩點的角速度不同C. A、B兩點的線速度不同D. A、E兩點的向心加速度相同【答案】A【解析】試題分析：根據(jù)題意，繞CD勻速轉(zhuǎn)動的過程中，電池板上各點的角速度相同，則轉(zhuǎn)速相等故A正確，B錯誤；根據(jù)線速度與角速度關(guān)系式v=r，轉(zhuǎn)動半徑越小的，線速度也越小，由幾何關(guān)系可知，A、B兩點的線速度相等，故C錯誤；A、E兩點因角速度相同，半徑不同，由向心加速度的公式：a=2r可知，它們的向心加速度不同，故D錯誤

8、；故選A考點：角速度；線速度和向心加速度10. 我國首顆量子科學(xué)實驗衛(wèi)星“墨子”已于酒泉成功發(fā)射，將在世界上首次實現(xiàn)衛(wèi)星和地面之間的量子通信?！澳印睂⒂苫鸺l(fā)射至高度為500千米的預(yù)定圓形軌道。此前6月在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了第二十三顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星G7。G7屬地球靜止軌道衛(wèi)星（高度約為36000千米），它將使北斗系統(tǒng)的可靠性進一步提高。關(guān)于衛(wèi)星以下說法中正確的是A. 這兩顆衛(wèi)星的運行速度可能大于7.9 km/sB. 通過地面控制可以將北斗G7定點于西昌正上方C. 量子科學(xué)實驗衛(wèi)星“墨子”的周期比北斗G7小D. 量子科學(xué)實驗衛(wèi)星“墨子”的向心加速度比北斗G7小【答案】C【解析】根據(jù)，知道軌

9、道半徑越大，線速度越小，第一宇宙速度的軌道半徑為地球的半徑，所以第一宇宙速度是繞地球做勻速圓周運動最大的環(huán)繞速度，所以靜止軌道衛(wèi)星和中軌衛(wèi)星的線速度均小于地球的第一宇宙速度。故A錯誤；地球靜止軌道衛(wèi)星即同步衛(wèi)星，只能定點于赤道正上方。故B錯誤；根據(jù)，得，所以量子科學(xué)實驗衛(wèi)星“墨子”的周期小。故C正確；根據(jù)，得，半徑小的量子科學(xué)實驗衛(wèi)星“墨子”的向心加速度比北斗G7大。故D錯誤。故選C?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力，會根據(jù)軌道半徑的關(guān)系比較向心加速度、線速度和周期。11. 真空中兩個完全相同、帶等量同種電荷的金屬小球A和B（可視為點電荷），分別固定在兩處，它們之間的靜電力為F。用

10、一個不帶電的同樣金屬球C先后與A、B球接觸，然后移開球C，此時A、B球間的靜電力為A. B. C. D. 【答案】C【解析】兩個相同的帶等量的異種電荷的導(dǎo)體小球A和B，設(shè)它們的電荷量都為Q，原來它們之間的庫侖力為：，一個不帶電的同樣的金屬小球C先和A接觸，A和C的電量都為，C再與B接觸后，B、C分電量均為：，此時A、B兩球之間的相互作用力的大小為：，故ABD錯誤，C正確。故選C。【點睛】根據(jù)庫侖定律求解庫侖力，完全相同的帶電小球接觸后，電荷電量平分，從而即可求解。12. 如圖為某一電場的電場線，M、N、P為電場線上的三個點，M、N是同一電場線上兩點，下列判斷正確的是A. M、N、P三點中N點的

11、場強最大B. M、N、P三點中N點的電勢最高C. 負(fù)電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能D. 正電荷從M點自由釋放，電荷將沿電場線運動到N點【答案】A【解析】電場線的疏密反應(yīng)了場的強弱，N點處電場線最密，所以N點場強最大，故A正確；順著電場線的方向，電勢降低，所以M點的電勢最高，故B錯誤；根據(jù)EP=q，MPN可知，負(fù)電荷在M點電勢能小于在N點的電勢能，故C正確；在M點靜止釋放，正電荷在電場力的作用下運動，但是運動軌跡并不是電場線，故D錯誤故選A.點睛：解答此題的關(guān)鍵是知道電場線的特點：電場線的疏密反應(yīng)了場的強弱；順著電場線的方向，電勢降低判斷電勢能的大小也可通過電場力做功來判斷：電場力做正功，

12、電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加13. 在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極，緊貼邊緣內(nèi)壁放一個圓環(huán)形電極，并把它們與電池的兩極相連，然后在玻璃皿中放入導(dǎo)電液體，例如鹽水。如果把玻璃皿放在磁場中（如圖所示）通過所學(xué)的知識可知，當(dāng)接通電源后從上向下看A. 液體將順時針旋轉(zhuǎn)B. 液體將逆時針旋轉(zhuǎn)C. 若僅調(diào)換N、S極位置，液體旋轉(zhuǎn)方向不變D. 若僅調(diào)換電源正、負(fù)極位置，液體旋轉(zhuǎn)方向不變【答案】B【解析】試題分析：在電源外部，電流由正極流向負(fù)極；由左手定則可以判斷出導(dǎo)電液體受到的安培力方向，從而判斷出液體的旋轉(zhuǎn)方向14. 如圖所示，某人將質(zhì)量為m的石塊從距地面h高處斜向上方拋出，石塊拋出時的速度大小為

13、v0，不計空氣阻力，石塊落地時的動能為A. B. C. D. 【答案】D【解析】初狀態(tài)的機械能為，則根據(jù)機械能守恒定律得：，故選D。【點睛】石塊在下落過程中只受重力作用，即只有重力做功，則可以根據(jù)機械能守恒定律求出石塊落地時的動能大小15. 兩根長直通電導(dǎo)線互相平行，電流方向相同，它們的截面處于等邊ABC的A和B處，如圖所示.兩通電導(dǎo)線在C處產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強度大小都是B0，則C處磁場的總磁感應(yīng)強度大小是 A. 0 B. B0 C. D. 2B0【答案】C【解析】試題分析：根據(jù)右手螺旋定則得出兩根通電導(dǎo)線在C點的磁感應(yīng)強度的方向，根據(jù)平行四邊形定則得出合場強的大小解：根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線A在

14、C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于AC方向向右，導(dǎo)線B在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于BC方向向右，如圖，根據(jù)平行四邊形定則得到，C處的總磁感應(yīng)強度為B總=2Bcos30=B0故選：C【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷通電電流周圍的磁場方向，以及知道磁感應(yīng)強度是矢量，合成遵循平行四邊形定則16. 某電力公司曾舉辦“計量日進您家”活動，免費上門為市民做出家庭用電耗能診斷分析，針對每戶家庭提出個性化的節(jié)能建議。在上門實測過程中，電力技術(shù)人員發(fā)現(xiàn)，家電待機耗電成為最容易被市民忽略的問題。以電視機為例，待機一天的耗電量在0.2度左右，小小機頂盒一天待機耗電量更是高達(dá)0.4度。根據(jù)專家統(tǒng)計:每使用l度(千瓦時)

15、電，就相應(yīng)消耗了0.4kg標(biāo)準(zhǔn)煤，同時產(chǎn)生0.272kg碳粉塵、0.997kg二氧化碳、0.03kg二氧化硫、0.015kg氮氧化物，根據(jù)下表提供的數(shù)據(jù)，估算一戶普通家庭待機一年相應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳為A. 1.4kg B. 10kg C. 140kg D. 1000kg【答案】C【解析】一戶普通家庭所有家電待機功率約為16W，由W=Pt，待機一年消耗電能為：；根據(jù)題意，每消耗1度（千瓦時）電，相應(yīng)產(chǎn)生0.997kg的二氧化碳，所以一戶普通家庭電器待機一年相應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳約為140kg；故選C。【點睛】首先從表格數(shù)據(jù)得到一個家庭電器待機的總功率，根據(jù)W=Pt求解一年消耗的電量，再根據(jù)題意每消耗1

16、度（千瓦時）電產(chǎn)生0.997kg的二氧化碳求解一戶普通家庭待機一年相應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳二、課題研究與實驗（本題有2小題9空，每空2分，共18分。）17. 在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，a電火花計時器正常工作時，其打點的周期取決于_（單選）。A. 交流電壓的高低 B. 交流電的頻率C. 墨粉紙盤的大小 D. 紙帶的長度b下列操作中正確的有_（單選）。A在釋放小車前，小車要靠近打點計時器B打點計時器應(yīng)放在長木板的有滑輪一端C電火花計時器應(yīng)使用低壓交流電源c如下圖所示為同一打點計時器在四條水平運動的紙帶上打出的點，四條紙帶的a、b間的間距相等，則a、b間的平均速度最小的是_（單選）。d下列

17、說法中不正確或不必要的是_ （雙選）。A長木板的一端必須墊高，使小車在不持鉤碼時能在木板上做勻速運動B連接鉤碼和小車的細(xì)線應(yīng)與長木板保持平行C小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車D選擇計數(shù)點時，必須從紙帶上第一個點開始【答案】 (1). B (2). A (3). D (4). AD【解析】（1）打點計時器的打點周期取決于交流電的頻率，與交變電壓的高低、紙帶的長度、墨粉紙盤的大小無關(guān)，故選B（2）為了充分利用紙帶，釋放小車時小車要靠近打點計時器，遠(yuǎn)離有滑輪一端；故A正確，B錯誤；電火花計時器采用220V的交流電源；故C錯誤；故選A；（3）由于打點計時器打點的時間間隔相等，在打下相同個數(shù)

18、點的過程中，所用的時間相同，平均速度等于位移與時間的比值，由圖可以知道，在相等的距離內(nèi)，D中的時間最長，所以平均速度最小故選D（4）探究小車的速度與時間的變化，并沒有要求小車需要在光滑水平面上運動，即軌道是否光滑不是必要的，故A不是必要的。在處理紙帶時，由于第一點并不確定，因此常常將前面的點去掉，從清晰可辨的點取點后處理實驗數(shù)據(jù)，故D不是必要的。連接小車的細(xì)繩需要與木板平行，否則就要涉及到繩子拉力分解問題，即拉力是一個變力，故B是必要的。操作時應(yīng)先開電源在釋放小車，故C是必要的。故不必要的，選AD。【點睛】本題考查“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗，要注意明確實驗原理以及注意事項；并且要知道

19、打點計時器的工作原理，掌握基本儀器的使用和基礎(chǔ)實驗的操作細(xì)節(jié)。18. 用如圖所示裝置做“探究功與速度變化的關(guān)系”實驗時，除了圖中已給出的實驗器材外，還需要的測量工具有_（單選）。A秒表 B天平 C刻度尺 D彈簧測力計【答案】C【點睛】了解探究功與物體速度變化的關(guān)系實驗要探究的內(nèi)容、實驗方法與實驗技巧探究實驗數(shù)據(jù)的處理方法后作答19. 用如圖所示裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗時，釋放重物前有下列操作，其中正確的是_（雙選）。A將打點計時器的兩個限位孔調(diào)節(jié)到同一豎直線上B手提紙帶任意位置C使重物靠近打點計時器【答案】AC【解析】將打點計時器的兩個限位孔調(diào)節(jié)到同一豎直線上，可以減小紙帶運動過程中的

20、摩擦力。故A正確；手提紙帶應(yīng)使重物靠近打點計時器，可以提高紙帶使用率。故B錯誤，C正確；故選AC?！军c睛】根據(jù)實驗的原理以及注意事項確定沒有必要進行的步驟和不當(dāng)?shù)牟襟E。20. (1)某同學(xué)欲測量一節(jié)干電池的電壓，下述操作正確的是_（單選）。A歐姆調(diào)零、選擇擋位、表筆接觸電池兩極(其中紅表筆接觸正極)、讀數(shù)B機械調(diào)零、選擇擋位、表筆接觸電池兩極(其中紅表筆接觸正極)、讀數(shù)C選擇擋位、機械調(diào)零、表筆接觸電池兩極(其中黑表筆接觸正極)、讀數(shù)D選擇擋位、歐姆調(diào)零、表筆接觸電池兩極(其中黑表筆接觸正極)、讀數(shù)(2)該同學(xué)欲測量如圖甲所示插座的電壓，則應(yīng)把多用電表的選擇開關(guān)打到如圖乙所示的_位置。（選填A(yù)

21、、B、C、Q字母）(3)經(jīng)過正確操作后，電表指針指向如圖丙所示，則插座的電壓為_V?！敬鸢浮?(1). B (2). H (3). 200【解析】試題分析：（1）使用多用電表測電壓時，應(yīng)該先機械調(diào)零，然后選擇適當(dāng)?shù)臋n位，表筆接觸電池兩極（其中紅表筆接觸正極），待示數(shù)穩(wěn)定后讀數(shù)即可，故B正確，ACD錯誤。（2）甲所示插座的電壓為交流電源，所以應(yīng)把多用電表的選擇開關(guān)打到如圖乙所示的H位置。（3）根據(jù)電表指針可知，插座的電壓為?？键c：用多用電表測電阻【名師點睛】使用多用電表時應(yīng)該先機械調(diào)零，然后選擇適當(dāng)?shù)臋n位，最后測量，我國民用電是220V交流電源，根據(jù)電表指針讀數(shù)即可。三、計算題（本題有3小題，1

22、9題11分、20題10分、21題13分，共34分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不得分。）21. 跳傘運動員做低空跳傘表演，他離開飛機后先作自由落體運動，當(dāng)距離地面75m時打開降落傘，傘張開后運動員就以4m/s2的加速度作勻減速運動，到達(dá)地面時速度為5m/s，實現(xiàn)安全著陸。問：(1)運動員打開降落傘時的速度。 (2)運動員離開飛機時距離地面的高度。(3)運動員離開飛機后，經(jīng)過多少時間才到達(dá)地面？【答案】(1) (2) (3)【解析】試題分析：（1）（2）離開飛機后先作自由落體運動，然后做勻減速直線運動，可根據(jù)勻加速直線運動過程中速度位移公式求出自由落體運動的末

23、速度，再根據(jù)自由落體運動的公式求出自由落體運動的位移，兩段位移之和就是運動員離開飛機時距地面的高度；（3）分別求出自由落體運動和勻減速直線運動的時間，兩者之和就是到達(dá)地面的時間（1）以下降方向為正方向，由題意可得從打開降落傘到到達(dá)地面，跳傘運動員做勻減速運動，令為從打開到落地的位移根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得：（2）假設(shè)從運動自由下落到打開降落傘下降了開始運動員做自由落體運動，則有：解得：所以運動員離開飛機時總高度（3）為自由下落時間，為勻減速時間則有：，所以下落總時間【點睛】該題是自由落體運動和勻減速運動基本公式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)已知條件選擇合適的公式進行求解。22. 放在水平地面上的一物塊，

24、受到方向不變的水平推力的作用，F(xiàn)的大小與時間t的關(guān)系和物塊速度v與時間t的關(guān)系，如圖甲、乙所示。取重力加速度g10m/s2。由兩圖線求：(1)物塊的質(zhì)量m;(2)物塊與地面之間的動摩擦因數(shù).【答案】(1)m=0.5kg (2)【解析】試題分析：（1）由v-t圖象看出，物體在4s-6s做勻速直線運動，由平衡條件知由速度圖象可知，2-4s物體加速度為，此時有由牛頓第二定律得：代入解得：（2）由。解得考點：牛頓第二定律的應(yīng)用，運動圖像23. 如圖甲所示，彎曲部分AB和CD是兩個半徑都為R1=0.3m的光滑圓弧軌道，中間的BC段是豎直的薄壁細(xì)圓管(細(xì)圓管內(nèi)徑略大于小球的直徑)，分別與上下圓弧軌道相切連

25、接，BC段的長度L為0.2m。下圓弧軌道與光滑水平地面軌道相切，其中D、A分別是上下圓弧軌道的最高點與最低點，整個軌道固定在豎直平面內(nèi)。質(zhì)量m=0.3kg的小球以一定的初速度從A點水平進入軌道（計算結(jié)果可以用根式表示）(1)如果小球從D點以5m/s的速度水平飛出，求落地點與D點的水平距離;(2)如果小球能從D點以5m/s的速度水平飛出，求小球過A點時對A點的壓力大小;(3)如果在D點右側(cè)平滑連接一半徑R2=0.4m的半圓形光滑軌道DEF，如圖乙所示，要使小球在運動過程中能不脫離軌道，求初速度大小的范圍.【答案】(1) (2) (3)或【解析】試題分析：（1）小球從D點以5m/s的速度水平飛出后

26、做平拋運動，由平拋運動的規(guī)律可求得落地點與D點的水平距離； （2）根據(jù)機械能守恒定律可求得小球經(jīng)過A點的速度，在A點，由合力提供向心力，由牛頓定律求小球過圓弧A點時對軌道的壓力； （3）要使小球不脫離軌道，則小球可能由C點返回A點，也可能超過D點后沿DEF軌道回到A點，根據(jù)臨界條件和機械能守恒定律可求得初速度的范圍（1）小球從D點以5m/s的速度水平飛出后做平拋運動由平拋運動規(guī)律可得：據(jù)題，則幾何關(guān)系可知：代入數(shù)據(jù)解得：t=0.4s所以落地點與D點的水平距離：（2）由A到D的過程，由機械能守恒定律可得：在A點，由牛頓第二定律可得：聯(lián)立解得：N=44N由牛頓第三定律知，小球過圓弧A點時對軌道的壓力：（3）討論一：小球進入軌道最高運動到C點，之后原路返回由機械能守恒定律，有：解得：討論二：小球進入軌道后恰好能通過圓弧最高點D，之后沿DEF運動而不脫離軌道在D點，則有：，其中R=0.4m從A到D由機械能守恒定律可得：解得：所以要使小球在運動過程中能不脫離軌道，初速度大小的范圍為：或?！军c睛】本題考查機械能守恒定律的應(yīng)用以及平拋運動規(guī)律的應(yīng)用，要注意正確分析物理過程，正確進行受力分析，再通過平衡條件等選擇正確的物理規(guī)律列式求解關(guān)鍵要注意正確選擇物理過程和規(guī)律