《2023學年廣東省汕頭市東廈中學物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2023學年廣東省汕頭市東廈中學物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題含解析.doc（14頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的等邊三角形線框abc，磁場方向垂直于線框平面，ac兩點間接一直流電源，電流方向如圖所示，則（）A導線ab受到的安培力大于導線ac所受的安培力B導線abc受到的安培力大于導線ac受到的安培力C線框受到的

2、安培力的合力為零D線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下2、如圖，電路中，A、B兩燈均正常發(fā)光，R為一滑動變阻器，P為滑動片，若將滑動變阻器向下滑動，則（）AR1上消耗功率變小BB燈變暗CA燈變亮D總電流變小3、如圖，單匝矩形線圈abcd處在磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場中，以恒定的角速度繞ab邊轉動，線圈所圍面積為S，線圈的總電阻為R，時刻線圈平面與紙面重合，且cd邊正在離開紙面向外運動，則()A時刻線圈中電流的瞬時值B線圈中電流的有效值C線圈中電流的有效值D線圈消耗的電功率4、如圖所示，S1、S2 是兩個相干波源，它們的相位及振幅均相同。實線和虛線分別表示在某一時刻它們所發(fā)

3、出的波 的波峰和波谷，關于圖中所標的 a、b、c 三點，下列說法中正確的是Aa 質點振動減弱，b、c 質點振動加強Ba 質點振動加強，b、c 質點振動減弱C再過 T/4 后的時刻，b、c 兩質點都將處于各自的平衡位置，振動將減弱Da 點一直在平衡位置，b 點一直在波峰，c 點一直在波谷5、重為G的物體放在傾角為的斜面上靜止不動，下面說法正確的是A物體受到重力及物體對斜面的壓力和靜摩擦力的作用B物體受到重力，斜面的支持力，下滑力和靜摩擦力作用C物體受到重力，斜面支持力和靜摩擦力的作用D物體受到重力，斜面支持力，不受靜摩擦力的作用6、如圖所示，兩個帶同種電荷的小球（可看作點電荷），電荷量分別為 q

4、1和q2，質量分別為m1和m2，當兩球處于同一水平面保持靜止時，則造成的可能原因是（）Aq1q2Bq1q2Cm1m2Dm1m2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用絕緣細線拴一個帶正電的小球，讓它在豎直向下的勻強電場中繞O點做豎直平面內的圓周運動，a、b兩點分別是圓周的最高點和最低點，則（）A小球經(jīng)過a點時，線中的張力最大B小球經(jīng)過b點時，電勢能最小C小球經(jīng)過a點時，機械能最小D小球經(jīng)過b點時，機械能最小8、一矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，產

5、生的感應電動勢e隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的有（ ）At1 時刻線圈位于中性面Bt2 時刻通過線圈的磁通量最大C電動勢的有效值為D一個周期內交變電流的方向改變一次9、在圖示電路中，P為滑動變阻器的滑片，電表均為理想電表下列說法正確的是A在P向右移動的過程中，電流表的示數(shù)變大B在P向右移動的過程中，電壓表的示數(shù)變大C當P移到滑動變阻器的右端時，電源內部消耗的電功率最大D當P移到滑動變阻器的右端時，電源的效率最高10、如圖所示，用長為L的細繩拴著質量為m的小球在豎直平面內做圓周運動，重力加速度為g，則下列說法中不正確的是( )A小球在圓周最高點時所需要的向心力一定不是重力提供的B小球

6、在最高點時繩子的拉力可能為零C若小球剛好能在豎直平面內做圓周運動，則其在最高點的速率為0D小球過最低點時繩子的拉力一定大于小球重力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用伏安法測定一個阻值約1k的電阻，要求測量結果盡量準確（1）下列器材中應選用的是_（用字母代號表示）A電池組（6V，內阻很小） B電流表（010mA，內阻10）C電流表（01mA，內阻100） D電壓表（03V，內阻5k）E電壓表（06V，內阻10k） F滑動變阻器（020，1A）G滑動變阻器（0200，0.3A） H開關、導線（2）在方框中畫出實驗電路圖_（3）將實

7、物連接成實驗電路_ 12（12分）有一根細長且均勻的空心金屬管線，長約30cm，電阻約為5，已知這種金屬的電阻率為，現(xiàn)在要盡可能精確測定它的內徑d。用螺旋測微器測量金屬管線外徑D時刻度的位置如圖（a）所示，從圖中讀出外徑為_mm，應用_（選填“厘米刻度尺”或“毫米刻度尺”）測金屬管線的長度L；測量金屬管線的電阻R，為此取來兩節(jié)新的干電池、電鍵和若干導線及下列器材：A電壓表0-3V，內阻約10k B電壓表0-15V，內阻約50kC電流表0-0.6A，內阻約0.05 D電流表0-3A，內阻約0.01E滑動變阻器，0-10 F滑動變阻器，0-100要求較準確地測出其阻值，電壓表應選_，電流表應選_，

8、滑動變阻器應選_；（填序號）實驗中他的實物接線如圖（b）所示，請指出接線中的兩處明顯錯誤。錯誤1：_錯誤2：_用已知的物理常數(shù)和應直接測量的物理量（均用符號表示），推導出計算金屬管線內徑的表達式d=_；在實驗中，下列說法正確的是_A為使電流表讀數(shù)明顯，應使電流盡可能大些B為操作方便，中間過程可保持開關S一直處于閉合狀態(tài)C千分尺的精確度是千分之一毫米D用千分尺測量直徑時必須估讀一位四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平行金屬帶電極板MN的電場中，若將電量為-5106C的負點電荷從A點移到M 板，克

9、服電場力做功8104 J；若把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為6104J則：（1）若將該點電荷從板附近移到板，電荷的電勢能變化多少？M、N兩板的電勢差UMN等于多少？（2）M板的電勢M和A點的電勢A分別是多少？14（16分）在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0，電路中電阻為1.5，小型直流電動機M的內阻為閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數(shù)為2.0A求： （1）電動機兩端的電壓；（2）電源輸出的電功率15（12分）如圖所示的電路中，電源的電動勢E=12V，內電阻r1，R1=1，R2=6，電動機的線圈電阻RM=1,若開關S閉合后通過電源的電流I=3A，通過R2電流I2=

10、1A 。求: （1）R2的兩端電壓U2（2）R1的消耗電功P1（3）電動機輸出的機械功率P參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】導線abc與導線ac并聯(lián)，流過導線abc的電流I1與流過導線ac的電流I2的關系為；導線ab受到的安培力大小為；導線ac所受的安培力大小為：；導線abc的有效長度為L，受到的安培力大小為：；故AB錯誤；根據(jù)左手定則，導線abc受安培力垂直于ac向下，導線ac受到的安培力也垂直于ac向下，故線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故C錯誤，D正確.2、B【解析】將滑動片向下滑動時，

11、變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，總電流I增大，路端電壓U=E-IrI增大，U減小，則A燈變暗，則R1上的電流增大，消耗功率變大。B燈與變阻器并聯(lián)的電壓U并=E-I（R1+r）I增大，則U并減小，所以B燈變暗，故B正確，ACD錯誤。故選B。3、C【解析】A線圈所圍面積為S，角速度是，所以線圈產生的交流電的電動勢的最大值是線圈從中性面的位置開始計時，所以時刻線圈中電流的瞬時值故A錯誤；BC線圈中電流的有效值故B錯誤，C正確；D線圈消耗的電功率故D錯誤。故選C。4、A【解析】ABC、a質點處是兩列波波峰與波谷疊加的地方,振動始終減弱的,而b、c質點是兩列波波峰與

12、波峰、波谷與波谷疊加的地方,振動始終加強.故A對；BC錯；D、因為兩個波源的振動方向相同、振幅相同,所以a點靜止不動,一直在平衡位置.b、c兩點的振動始終是加強的,但它們仍在振動,位移隨時間周期變化,不是靜止不動的.故D錯誤.故選A【點睛】兩列波干涉時,兩列波的波峰與波峰、波谷與波谷相遇處,振動始終加強,波峰與波谷相遇處振動始終減弱.振動加強點的振動等于波單獨傳播時振幅的2倍.5、C【解析】物體處于靜止狀態(tài)，故根據(jù)共點力的平衡平衡條件可知其受重力、支持力和靜摩擦力平衡；【詳解】A、物體對斜面的壓力和靜摩擦力的作用的受力物體是斜面，不是物體受到的力，故A錯誤；B、物體受重力、支持力和靜摩擦力平衡

13、，不受下滑力，故B錯誤，C正確；D、物體受重力、支持力和靜摩擦力平衡，靜摩擦力的方向沿斜面向上，沒有靜摩擦力則物體不能靜止，故D錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道下滑力是重力的分力，受力分析，不能多力也不能少力，對于每一個力，都有對應的施力物體6、D【解析】對A、B球受力分析，根據(jù)共點力平衡和幾何關系表示出電場力和重力的關系根據(jù)電場力和重力的關系得出兩球質量的關系【詳解】對A、B球受力分析，根據(jù)共點力平衡和幾何關系得：m1g=F1cot，m1g=F1cot由于 F1=F1，所以m1m1根據(jù)題意無法知道帶電量q1、q1 的關系故選D【點睛】要比較兩球質量關系，我們要通過電場力把兩重力聯(lián)系起來進行比較

14、，注意庫侖力與電量大小無關，而是與各自電量的乘積有關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】小球受向下的重力和向下的電場力，可知電場力和重力的合力向下，可知小球經(jīng)過b點時，速度最大，則線中的張力最大，選項A錯誤；順著電場線電勢降低，可知b點的電勢最低，正電荷在b點的電勢能最小，在a點時電勢能最大，選項B正確；小球只有電場力和重力做功，則小球的電勢能和機械能之和守恒，因小球在a點時電勢能最大，可知在a點的機械能最小，在b點時機械能最大，選項C正確，D錯誤；故選B

15、C.【點睛】此題關鍵是知道小球只有電場力和重力做功，小球的電勢能和機械能之和守恒；會通過等效力的方法研究圓周運動。8、AC【解析】試題分析：由圖知，在t1 時刻線圈的電動勢為零，磁通量最大，處于中性面的位置，所以A正確；t2 時刻線圈的電動勢最大，故磁通量最小，所以B錯誤；如圖所示，電動勢為余弦規(guī)律變化，故有效值為所以C正確；一個周期內交變電流的方向改變兩次，所以D錯誤考點：本題考查交變電流9、AC【解析】AB滑動變阻器向右移動，電路總電阻減小，根據(jù)：可知，電流表的示數(shù)變大，根據(jù)：可知電壓表的示數(shù)減?。还蔄正確，B錯誤；CD當P移到滑動變阻器的右端時，外電阻R最小，根據(jù)：可知，電路中的電流最大

16、；根據(jù)：可知此時電源內部消耗的電功率最大；故C正確；根據(jù)效率：可知，此時的電源的效率最低，故D錯誤；10、AC【解析】A小球在最高點的向心力由重力提供，或重力和拉力的合力提供，故A符合題意。B當小球在最高點的向心力只由重力提供時，拉力為零，故B不符合題意。C小球恰好能在豎直面能做圓周運動的條件是小球運動到最高點時只由重力提供向心力。設在最高點速率為v，由牛頓第二定律：得：故C符合題意。D因為小球在最低點速度不為零，拉力與重力的合力提供向心力，所以拉力大于重力，故D不符題意。故選AC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABEFH 見解析

17、 見解析 【解析】（1）伏安法測電阻需要電源、開關與導線，故選AH；電源電動勢為6V，電壓表選E；電路最大電流約為：，則電流表選B；為方便實驗操作，滑動變阻器應選F，故需要的實驗器材為：ABEFH（2）電源電動勢為6V，待測電阻阻值約為1k，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法；待測電阻阻值約為1k，電流表內阻約為10，電壓表內阻約為10k，相對來說，待測電阻阻值遠大于電流表內阻，電流表應采用內接法，實驗電路圖如圖所示：（3）根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：點睛：本題考查了實驗器材的選擇、作實驗電路圖、連接實物電路圖，要掌握實驗器材的選擇原則，根據(jù)實驗原理與實驗器材和實

18、驗要求確定滑動變阻器與電流表的接法是正確解題的前提與關鍵12、4.700毫米刻度尺ACE錯誤1：導線連接在滑動變阻器的滑片上錯誤2：采用了電流表內接法D 【解析】：螺旋測微器的讀數(shù)為：D=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；測量30cm金屬管長度時應用毫米刻度尺來測量；：由于兩節(jié)電池的電動勢為3V，所以電壓表應選A；由于通過金屬管的最大電流為，所以電流表應選C；根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻為：，所以變阻器應選E；：由于待測金屬管阻值遠小于電壓表內阻，所以電流表應用外接法，連線圖中的兩個錯誤分別是：錯誤1：導線連接在滑動變阻器的滑片上；錯誤2：采用了電流表內接法；

19、：設金屬管內徑為d，根據(jù)電阻定律應有：，又，聯(lián)立可得：；：A：考慮金屬的電阻率隨溫度的升高而增大可知，通過待測金屬管的電流不能太大，故A錯誤；B：為減小溫度的影響，中間過程應斷開開關，故B錯誤；C：千分尺的精確度是0.01mm，即應精確到1100毫米，故C錯誤；D：千分尺讀數(shù)時必須估讀一位，即估讀到0.001mm，故D正確故選D。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電勢能減小了； （2）；【解析】（1）根據(jù)題意：電量為-5106C的負點電荷從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J；若把該點電荷從A點移到N

20、板，電場力做正功為6104J，則知從板附近移到板電場力做功為 ，所以電荷的電勢能減小了 根據(jù)電勢差公式 , （2）從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J則 從A點移到N板，電場力做正功為6104J 由于N板接地，所以 ； 故本題答案是：（1）電勢能減小了； （2）；【點睛】電場力做正功電勢能減小，電場力做負功則電勢能增大，根據(jù)電場力做功可以判斷出電勢能的變化14、（1）7.0V（2）20W【解析】試題分析：（1）電動機兩端的電壓等于電源電動勢減去內阻電壓與電阻電壓之和，（2）電源輸出的電功率等于電源的總功率減去熱功率.（1）電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為（2）電源的輸出的功率為： 15、（1）6V （2）9W （3）8W【解析】（1）根據(jù)歐姆定律可知：（2）R1的消耗電功（3）通過電動機的電流為：電動機的輸出功率為：