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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列四種情況中，三個大小相等、方向不同的力F同時作用于同一點O，其中合力最小的是（ ）ABCD2、某物體m在推

2、力F的作用下沒有運動，經(jīng)時間t后（）A推力的沖量為零B推力的沖量為FtcosC合力的沖量為FtD重力的沖量為mgt3、如圖所示，質(zhì)量m=60 kg的人，站在質(zhì)量M=300 kg的車的一端，車長L=3 m，相對于地面靜止當車與地面間的摩擦可以忽略不計時，人由車的一端走到另一端的過程中，車將() A后退0.5 mB后退0.6 mC后退0.75 mD一直勻速后退4、圖所示為電場中某條電場線的示意圖，則下列說法中正確的是 （ ）A電場線是電場中實際存在的線B電場線上每點的切線方向表示電場中該點的電場強度方向C電場線在電場中可以相交D電場中電場線較密的地方電場強度較小，電場線較疏的地方電場強度較大5、一

3、根均勻電阻絲阻值為R，在以下哪些情況下，阻值仍為R（ ）A長度變?yōu)橐话耄瑱M截面積增大一倍時B橫截面積變?yōu)橐话?，長度變?yōu)槎稌rC長度和橫截面積都變?yōu)樵瓉淼?倍時D直徑變?yōu)橐话?，長度變?yōu)樵瓉淼?/2時6、如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A電壓表和電流表的示數(shù)都增大B燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D燈L2變亮，電容器的帶電量增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個離子同時

4、從勻強磁場的直邊界的、點分別以和（與邊界的夾角）射入磁場，又同時分別從、點穿出，如圖所示設邊界上方的磁場范圍足夠大，下列說法中正確的是（ ）A為正離子，的負離子B、兩離子運動半徑之比C、兩離子速率之比為D、兩離子的比荷之比為8、如圖甲是觀察電容器放電的電路，現(xiàn)將開關S與1端相連，電源（電動勢為3v，內(nèi)阻不計）。向電容器充電，然后把開關S滯向2端，電容器通過電阻R放電，電流傳感器將測得的電流信息傳人計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t 曲線如圖2所示則下列說法正確的是（）A電容器充電過程為電能向化學能轉化的過程B可估算出該電容器的電容大小約為0.9mFC電容器充電過程的I-t曲線電流應該隨

5、時間的增加而增大D根據(jù)曲線可估算出電容器整個放電過程中釋放的電量約為2.72c9、如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、和表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用I、和，下列說法正確的是AI減小，減小、增大，增大B電源功率不變，上功率增加C變大，不變D變大，不變10、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為，內(nèi)阻不計，、為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。當開關閉合后，下列判斷正確的是A燈泡的電阻為B燈泡消耗的電功率為WC燈泡消耗的電功率為WD通過燈泡的電流為燈泡的電流的2倍三、實驗題：本題共2小題，共18

6、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）如圖為某多用電表表盤，選用“10”倍率的電阻擋測量某電阻時，如圖所示讀數(shù)為_，如果發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉角度過大，為使測量更準確，需選擇_倍率的電阻擋測量（填：“1”或“10”或“100”）。（2）圖C中螺旋測微器讀數(shù)為_mm。12（12分）在“用傳感器觀察電容器的充電和放電”實驗中，電路圖如圖甲一位同學使用的電源電動勢為8.0V，測得放電的I-t圖象如圖乙所示（1）若按“四舍五入”法，根據(jù)“I-t圖線與兩坐標軸包圍面積”，試計算電容器全部放電過程的放電量為_；（2）根據(jù)以上數(shù)據(jù)估算電容器的電容值為_四、計算題：本題共2小題

7、，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，在光滑水平面上建立平面直角坐標系xOy，第象限存在垂直于水平面的勻強磁場（圖中未畫出），一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球由坐標原點O處以速度v0沿y軸正方向射入磁場，一段時間后，小球與靜止于A點的質(zhì)量也為m但不帶電的另一小球發(fā)生碰撞，并粘為一體，A點與原點O相距L，OA與x軸正方向的夾角為30。(1)求磁感應強度B的大?。?2)兩球碰撞后是否仍沿原來的的軌跡運動？試論證；(3)求小球從O點射出到離開磁場所經(jīng)歷的時間t。14（16分）電學中有些儀器經(jīng)常用到下述電子運動的物理原理某一水平面內(nèi)有一直

8、角坐標系xOy，x=0和x=L=10 cm的區(qū)間內(nèi)有一沿x軸負方向的有理想邊界的勻強電場E1=1.0104 V/m，x=L和x=3L的區(qū)間內(nèi)有一沿y軸負方向的有理想邊界的勻強電場E2=1.0104 V/m，一電子(為了計算簡單，比荷取為e/m =21011C/kg)從直角坐標系xOy平面內(nèi)的坐標原點O以很小的速度進入勻強電場E1，計算時不計此速度且只考慮xOy平面內(nèi)的運動求：(1) 電子從O點進入到離開x=3L處的電場所需的時間；(2) 電子離開x=3L處的電場時的y坐標；(3) 電子離開x=3L處的電場時的速度大小和方向15（12分）在如圖所示的勻強電場中，一條絕緣細線的上端固定，下端栓一個

9、大小可以忽略、質(zhì)量為m的帶電量為q的小球，當小球靜止時，細線與豎直方向的夾角為=30（1）小球帶電種類？（2）小球所受電場力大小（3）電場強度E大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】解：A、將左邊兩個力進行合成，再與右邊合成，則有合力的大?。?）F；B、將相互垂直的F進行合成，則合力的大小為F，再與第三個力F合成，即有合力的大小為（1）F；C、將方向相反的兩個力合成，則合力為0，再與第三個力F合成，則有合力大小為F；D、將任意兩力進行合成，可知，這三個力的合力為零；故D正確，ABC均錯誤；故選D【點評】

10、考查力的平行四邊形定則，并體現(xiàn)如何選擇兩力合成的技巧，同時要學生會畫合成與分解的力圖2、D【解析】根據(jù)沖量的公式，推力的沖量為：IF=Ft，所以A B錯誤；根據(jù)動量定理：I合=mv，物體沒有運動，則v=0，所以I合=0，所以C錯誤；重力的沖量為IG=mgt，所以D正確；故選D點睛：本題考查了動量定理以及沖量的計算公式，直接應用即可，注意沖量的方向與力的方向相同，與物體是否運動無關3、A【解析】ABC人車組成的系統(tǒng)動量守恒，則mv1=Mv2所以mx1=Mx2又有x1x2=L解得x2=0.5 m選項A正確，BC錯誤；D. 題中未說明人的運動狀態(tài)，故小車的運動狀態(tài)不定；故D錯誤；4、B【解析】A電場

11、線是假想的，電場中實際不存在電場線，故A錯誤；B電場中某點的方向等于該點沿電場線的切線方向，選項B正確；C若電場線相交，則相交處場強方向有兩個，和電場方向是唯一的相矛盾，故電場線不相交，故C錯誤；D電場線的疏密表示電場強弱，電場線較密的地方電場強度較大，電場線較疏的地方電場強度較小，故D錯誤；5、C【解析】根據(jù)電阻定律可知，長度變?yōu)橐话耄瑱M截面積增大一倍時，阻值變?yōu)镽 /4，A錯誤；橫截面積變?yōu)橐话耄L度變?yōu)槎稌r，阻值變?yōu)?R，B錯誤；長度和橫截面積都變?yōu)樵瓉淼?倍時，阻值仍為R，C正確；直徑變?yōu)橐话耄L度變?yōu)樵瓉淼?/2時，阻值變?yōu)?R，D錯誤6、C【解析】將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變

12、阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓：U減小,U1增大,U并減小，燈L2變暗.流過電流表的電流：I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大;電容器兩端的電壓等于并聯(lián)部分的電壓,電壓變小，由：知電容器的電荷量減少，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A向右偏轉，根據(jù)左手定則知，A為負離子，B向左偏轉，根據(jù)左手定則知，B為正離子，

13、故A錯誤離子在磁場中做圓周運動，由幾何關系可得r=，l為PQ距離，sin60：sin30：1，則A、B兩離子的半徑之比為1：，故B正確離子的速率v=，時間相同，半徑之比為1：，圓心角之比為2：1，則速率之比為2：，故C錯誤根據(jù)r=知，因為速度大小之比為2：，半徑之比為1：，則比荷之比為2：1故D正確故選BD點睛：本題考查了粒子在磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程，掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及掌握粒子在磁場中的半徑公式，并能靈活運用8、BD【解析】電容器充電過程為電能向電場能轉化的過程，故A錯誤；因Q=It，所以根據(jù)I-t圖線所圍成的面積表示電量，根據(jù)橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)可知，一個格子的電量

14、為0.0810-3C，由大于半格算一個，小于半格舍去，因此圖象所包含的格子個數(shù)為34，所以釋放的電荷量是：q=0.0810-3C34=2.7210-3C；可估算出該電容器的電容大小約為：，故BD正確；由圖可知電容器充電過程是電流隨時間的增加而減小，故C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。9、ACD【解析】A. 當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，外電路電阻增大，電流減小，根據(jù) 可知路端電壓增大，U1測定值電阻的電壓，所以U1隨著電流的減小而減小，根據(jù) 可知U2增大，故A正確.B.電源的功率，隨著回路中電流變小，則電源功率也在變小，故B錯誤；C. 根據(jù)電路知識可知, 所以變大， 可知不變，故C正確D.

15、根據(jù)電路知識可知 =R1+R2所以變大根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，則有=r，不變故D正確10、ABC【解析】當開關閉合后，燈泡的電壓等于3V，由圖讀出其電流，由歐姆定律求出電阻，并求出其電功率，燈泡、串聯(lián)，電壓等于，由圖讀出電流，求出電功率；【詳解】A、當開關閉合后，燈泡的電壓，由圖乙讀出其電流，則燈泡的電阻，功率，故AB正確；C、燈泡、串聯(lián)，電壓，由圖乙讀出其電流，則， 燈泡、的功率均為，故C正確，D錯誤。【點睛】本題關鍵抓住電源的內(nèi)阻不計，路端電壓等于電動勢，來確定三個燈泡的電壓，讀圖能力是基本功。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

16、算過程。11、130 1 1.695 【解析】（1）選用“10”檔，由圖示可知，歐姆表示數(shù)為1310=130；發(fā)現(xiàn)指針偏角太大，說明電阻阻值太小，所選檔位太大，為準確測量電阻，應換小倍率擋，應把選擇開關置于1擋；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.0119.5mm=0.195mm，所以最終讀數(shù)為：1.5mm+0.195mm=1.695mm；12、（1）3.3610-3C到3.5210-3C；（2）0.4210-3F到0.4410-3F【解析】（1）根據(jù)四舍五入的原則，圖線與坐標軸所圍成的面積約為42到44個小格，每個小格表示的電荷量為0.0810-3C，故電容器的總放

17、電量為3.3610-3C到3.5210-3C（2）由 得，電容為0.4210-3F到0.4410-3F四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）是，見解析；（3）?！窘馕觥浚?）小球在磁場中做勻速圓周運動的軌跡如圖所示，由幾何關系得，小球做勻速圓周運動的半徑為由牛頓第二定律得解得，磁感應強度為（2）兩球碰撞過程遵循動量守恒定律碰撞后兩球繼續(xù)做圓周運動，由 可得半徑兩球碰撞后仍沿原來的的軌跡運動，只是速度變小，為原來的。（3）由幾何關系可知，小球從O點運動到A點的時間為碰撞后，兩球在磁場中運動的周期為碰撞后兩

18、球在磁場里運動的時間小球從O點射出到離開磁場所經(jīng)歷的時間14、（1）t= 210-8s.（2）y=0.1m;（3） =45【解析】設電子離開x=L的位置記為P點，離開x=3L的位置記為Q點，則：（1）運動到Q點時所以總時間為（2）電子運動到Q點時（3）電子離開x=3L處的電場時15、（1）小球帶正電荷（2）小球所受電場力大小為mg（3）勻強電場的場強為【解析】（1）細線向右偏轉，說明小球所受的電場力方向右，場強也向右，說明小球帶正電（2）小球受力如圖所示，根據(jù)平衡條件可知：電場力qE與重力mg的合力與細線的拉力T等值、方向反向，則力的合成圖得知：電場力 F=qE=mgtan=mgtan30則得：F=mg（3）場強E=