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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，直導線AB、螺線管E、電磁鐵D三者相距較遠，其磁場互不影響，當開關s閉合后，則小磁針北極(黑色一端)指示磁場方向正確的是( )AaBbCcDd2、在水平地面上方有正交的勻強電場和勻強磁場,勻強電場方向豎直向下、勻強磁場方向

2、水平向里?，F(xiàn)將一個帶正電的金屬小球從M點以初速度水平拋出,小球著地時的速度為在空中的飛行時間為若將磁場撤除，其它條件均不變,那么小球著地時的度為在空中飛行的時間為小球所受空氣阻力可忽略不計,則關于和A和的大小比較,以下判斷正確的是Av1v2，t1t2BCD3、某一探測器因射線照射，內(nèi)部氣體電離，在時間t內(nèi)有K個二價正離子到達陰極，有2K個電子到達探測器的陽極，則探測器電路中的電流為（）A0BCD4、已知如圖，R1=6，R2=3，R3=4，則接入電路后這三只電阻的（ ）A電流之比I1:I2:I3=1:2:3B電流之比I1:I2:I3=6:3:4C電壓之比U1:U2:U3=1:2:3D電壓之比U1

3、:U2:U3=6:3:45、關于磁感應強度，下列說法正確的是( ) A由可知，B與F成正比與IL成反比B通電導線受安培力不為零的地方一定存在磁場，通電導線不受安培力的地方一定不存在磁場（即B=0）C通電導線放在磁場中的某點，那點就有磁感應強度，如果將通電導線拿走，那點的磁感應強度就為零D磁場中某一點的磁感應強度由磁場本身決定的，其大小和方向是唯一確定的，與通電導線無關6、小明坐在火車內(nèi)，看到窗外的樹木正在運動，則他所選的參考系可能是A大地B火車C鐵軌D樹木二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3

4、分，有選錯的得0分。7、經(jīng)國際小行星命名委員會命名的“神舟星”和“楊利偉星”的軌道均處在火星和木星軌道之間已知“神舟星”平均每天繞太陽運行174萬公里，“楊利偉星”平均每天繞太陽運行145萬公里假設兩行星均繞太陽做勻速圓周運動，則兩星相比較（ ）A“神舟星”的軌道半徑大B“神舟星”的公轉(zhuǎn)周期大C“神舟星”的加速度大D“神舟星”的角速度大8、如圖所示，某空間存在正交的勻強磁場和勻強電場，在某一豎直平面內(nèi)電場方向水平向左，磁場方向重直該平面向里一質(zhì)量為的帶電微粒由M從點進入場內(nèi)，沿直線MN向左下方運動，則（）A微粒帶負電B微粒動能增大C微粒的電勢能增大D微粒的機械能增大9、如圖所示，某電場的電場線

5、分布關于 y 軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N 是 y 軸上的三 個點，且 OM=MN。P 點在 y 軸右側(cè)，MPON。則AM 點場強大于 N 點場強BM 點電勢與 P 點的電勢相等C將正電荷由 O 點移動到 P 點，電場力做負功D在 O 點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿 y 軸正方向做直線運動10、如圖所示，M、N為電場中兩個等勢面，GH直線是其中的一條電場線，則下列說法中正確的是()AEGEHB正電荷置于G點時電勢能大于置于H點時的電勢能CGHD負電荷由H點移動到G點時電場力做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）一同學用

6、如圖所示裝置研究感應電流方向與引起感應電流的磁場變化的關系已知電流從接線柱a流入電流表時，電流表指針右偏，實驗時原磁場方向、磁鐵運動情況及電流表指針均記錄在下表中實驗序號引起感應電流的磁場方向磁鐵運動情況指針偏轉(zhuǎn)情況1向下插入左偏2向下拔出右偏3向上插入右偏4向上拔出左偏（1）由實驗1、3得出的結(jié)論是：穿過閉合回路的磁通量_（填“增加”、“減少”）時，感應電流的磁場方向與引起感應電流的磁場方向_（填“相同”、“相反”）（2）由實驗2、4得出的結(jié)論是：穿過閉合回路的磁通量 _（填“增加”、“減少”）時，感應電流的磁場方向與引起感應電流的磁場方向 _（填“相同”、“相反”）（3）由實驗1、2、3、

7、4得出的結(jié)論是：_.12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，除標有“5V，2.5W”的小燈泡、導線和開關外，還有以下器材可供使用：A直流電源（電動勢約為5V，內(nèi)阻不計）B直流電流表（量程03A，內(nèi)阻約為0.1）C直流電流表（量程0600mA，內(nèi)阻約為5）D直流電壓表（量程05V，內(nèi)阻約為10k）E滑動變阻器（最大阻值為10，允許通過的最大電流為2A）F滑動變阻器（最大阻值為1k，允許通過的最大電流為0.5A）(1)實驗中應選用的電流表是_，應選用的滑動變阻器是_（填字母）；(2)實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能測多組數(shù)據(jù)，請按要求將圖甲中的實驗電路圖連線補充完整_；(3)

8、某同學通過實驗正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，曲線向U軸彎曲的原因是_；(4)由圖乙可知，當通過小燈泡的電流為0.4A時，小燈泡的實際功率_W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）圖是某種靜電分選器的原理示意圖。兩個豎直放置的平行金屬板帶有等量異號電荷，形成勻強電場。分選器漏斗的出口與兩板上端處于同一高度，到兩板距離相等。混合在一起的 a、b 兩種顆粒從漏斗出口下落時，a 種顆粒帶上正電，b 種顆粒帶上負電。經(jīng)分選電場后，a、b 兩種顆粒分別落到水平傳送帶 A、B 上。已知

9、兩板間距 d0.1m，板的長度 L0.5m，電場僅局限在平行板之間；各顆粒所帶電量大小與其質(zhì)量之比均為110 5 C/kg。設顆粒進入電場時的初速度為零，分選過程中顆粒大小及顆粒間的相互作用力不計。要求兩種顆粒離開電場區(qū)域時，不接觸到極板但有最大偏轉(zhuǎn)量。重力加速度 g 取 10m/s 2 。（1）左右兩板各帶何種電荷？兩極板間的電壓多大？（2）若兩帶電平行板的下端距傳送帶 A、B 的高度 H0.3m，顆粒落至傳送帶時的速度大小是多少？14（16分）如圖所示，兩平行金屬板間電勢差為U，板間電場可視為勻強電場，金屬板下方有一磁感應強度為B的勻強磁場帶電量為q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)

10、，經(jīng)電場加速后射出，并進入磁場做勻速圓周運動忽略重力的影響，求：(1)粒子從電場射出時速度v的大?。?2)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R.15（12分）如圖所示，電源的電動勢E=12V，電阻，電動機繞組的電阻，電鍵始終閉合，當電鍵斷開時，電阻的電功率為20W，當電鍵閉合時，電阻的電功率為12.8W，求（1）電源的內(nèi)電阻；（2）當電鍵閉合時，流過電源的電流和電動機的輸出功率參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：小磁針N極的指向為磁感線方向，直導線AB部分，電流從下到上，所以從上往下看，直導線產(chǎn)生

11、的磁場方向應為逆時針方向，所以a指針應斜指向紙面內(nèi)，a錯誤；在通電螺線管部分，電流是從上面進來，然后從下邊出去，可知左端為螺旋管S極，右端為N極，在外部磁感線從N到S，所以b錯誤，在內(nèi)部磁感線從S到N，c正確；在U型螺線管，電流從右端進，左端出，所以右端為S，左端為N，d錯誤；考點：考查了右手定則【名師點睛】根據(jù)右手螺旋定則可確定，通電螺線管的磁場分布，及通電直導線磁場的分布，并由小磁針的靜止時，N極的指向即為磁場的方向2、C【解析】未撤除磁場時，小球受到重力、電場力和洛倫茲力，但洛倫茲力不做功根據(jù)動能定理分析速度大小關系分析洛倫茲力對小球運動影響，分析時間關系【詳解】因為洛倫茲力對粒子永遠不

12、做功，則根據(jù)動能定理，磁場存在與否，重力和電場力對小球做功相同，則小球著地時的速率都應該是相等的，即v1=v1。存在磁場時，小球就要受到向右上方的洛倫茲力，有豎直向上的分力，使得小球在豎直方向的加速度小于沒有磁場時的加速度，在空中飛行的時間要更長些。即t1t1故C正確，ABD錯誤。故選C?！军c睛】本題中小球在復合場中運動，關鍵要抓住洛倫茲力不做功，不改變速度大小的特點進行分析3、D【解析】由題意可知，在時間t內(nèi)有K個二價正離子到達陰極，有2K個電子到達陽極可知由電流公式得故ABC錯誤，D正確。故選D。4、A【解析】圖中電阻R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián)；并聯(lián)電阻為：；并聯(lián)電路電壓相等，串聯(lián)電路電壓

13、比等于電阻比，故：U并：U3=R12：R3=2：4=1：2；故：U1：U2：U3=1：1：2；串聯(lián)電路電流相等，并聯(lián)電路電流比等于電阻的反比，故：I1：I2=R2：R1=1：2；又 I3=I1+I2；故I1：I2：I3=1：2：3。故選項A正確，BCD錯誤，故選A?！军c睛】分析清楚電路的串并聯(lián)結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路的電流和電壓的關系，利用電壓和功率的公式逐個計算可以求得它們的電壓、電流和功率的大小關系5、D【解析】A、磁感應強度B的定義式，是比值定義法，磁感應強度B與F、IL無關，由磁場本身決定，故A錯誤；B、當一小段通電導線受磁場力為零，可能與磁場方向平行，而磁場卻可能不為零，故B錯誤；C、磁

14、場中某一點的磁感應強度由磁場本身決定的，其大小和方向是唯一確定的，與通電導線無關，故C錯誤，D正確。點睛：對于磁感應強度可采用類比的方法學習，將磁感應強度與電場強度比較，抓住相似點進行理解和記憶，理解左手定則的應用。6、B【解析】小明坐在火車內(nèi)，看到窗外的樹木正在運動，則他所選的參考系可能是火車，故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A. 根據(jù)線速度的定義式得：，已知“神舟星”平均每天繞太陽運行174萬公里，“楊利偉星”平均每天繞太陽運行145萬公里，

15、可以得出：“神舟星”的線速度大于“楊利偉星”的線速度。根據(jù)萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的線速度大于“楊利偉星”的線速度，所以“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，故A錯誤。B.根據(jù)開普勒第三定律可知，軌道半徑大的周期長，所以“神舟星”的公轉(zhuǎn)周期小，故B錯誤。C. 根據(jù)萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，所以“神舟星”的加速度大于“楊利偉星”的加速度。故C正確。D. 根據(jù)萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，所以“神舟星”的角速度大于“楊利偉星”的角速度。故D正確。8、AC【解析】A根據(jù)物體做直線運動的條

16、件，分析微粒的受力情況如圖由于電場力方向與場強方向相反，所以微粒帶負電，故A正確；B粒子在重力場、電場、磁場的疊加場中做直線運動，一定是做勻速直線運動，所以粒子的動能保持不變，故B錯誤；CD由于電場力方向與速度方向的夾角大于，電場力對微粒做負功，微粒的電勢能增大，根據(jù)除重力外其它力做功等于機械能的變化量可知機械能減少，故C正確，D錯誤；故選AC。9、AD【解析】A、從圖像上可以看出，M點的電場線比N點的電場線密集，所以M 點場強大于 N 點場強，故A對；B、沿著電場線電勢在降低，由于電場不是勻強電場，所以M和P點不在同一條等勢線上，所以M 點電勢與 P 點的電勢不相等，故B錯；C、結(jié)合圖像可知

17、：O點的電勢高于P點的電勢，正電荷從高電勢運動到低電勢，電場力做正功，故C錯；D、在 O 點靜止釋放一帶正電粒子，根據(jù)電場線的分布可知，正電荷一直受到向上的電場力，力與速度在一條直線上，故粒子做直線運動，故D對；故選AD10、ABD【解析】A電場線與等勢面垂直，根據(jù)圖象可知電場線成匯聚狀，H點處密集，所以H點的場強一定大于G點的場強。故A正確。BC沿電場線的方向，電勢降低，G點電勢大于H點電勢，正電荷在高電勢點G電勢能高。故C錯誤，B正確。D負電荷在H點的電勢能大于在G點的電勢能，電場力做正功電勢能降低，所以負電荷由H點移動到G點時電場力做正功。故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把

18、答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增加 相反 減少 相同 感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化 【解析】(1)12由表中信息可知，在實驗1、3中，磁鐵插入線圈，穿過線圈的磁通量增加，而穿過線圈的磁場方向相反，感應電流方向相反，感應電流磁場方向與原磁場方向相反，由此可知：穿過閉合回路的磁通量增加時，感應電流的磁場方向與原磁場方向相反。(2)34由表中實驗信息可知，在實驗2、4中，穿過線圈的磁通量減小，磁場方向相反，感應電流方向相反，感應電流磁場方向與原磁場方向相同，由此可知：穿過閉合回路的磁通量減少時，感應電流的磁場方向與原磁場方向相同。(3)5綜合分析4次實驗

19、可知：感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化。12、C E 隨著電壓的升高，燈絲的溫度越高，阻值越大 1.0 【解析】(1)1燈泡的額定電流故電流表應選C2為了方便操作，且小燈泡兩端的電壓從零開始變化，滑動變阻器應選阻值較小的E(2)3本實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)，故采用分壓接法；同時因電流表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻接近，故電流表選用外接法；實物圖如圖所示(3)4圖線斜率表示電阻，由圖可知，燈泡電阻變大，則曲線向U軸彎曲的原因是隨著電壓的升高，燈絲的溫度越高，阻值越大(4)5由圖乙可知，當通過小燈泡的電流為0.4A時，燈泡兩端電壓為2.5V，小燈泡的實際功率四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

20、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）左板帶負電荷，右板帶正電荷 1104V （2）4m/s【解析】本題考查的是動能定理和帶電粒子在勻強電場中的偏轉(zhuǎn)，可以將運動進行分解，即可求出相應參量?！驹斀狻浚?）帶正電的a種顆粒向左偏轉(zhuǎn)，所以左板帶負電，右板帶正電。豎直方向： 水平方向： 聯(lián)立可得： ，U=1104V（2）根據(jù)動能定理可得：，帶入數(shù)據(jù)可得：v=4m/s?！军c睛】綜合性比較強的題目，一定要把整個過程分析清楚。14、（1）（2）【解析】(1)設帶電粒子射出電場時的速度為v，由動能定理可得：解得粒子射出速度(2)帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律可得：可得帶電粒子圓周運動的半徑15、 (1) (2) , 【解析】（1）設斷開時消耗的功率為 ,則 代入數(shù)據(jù)得,計算得出, ,（2）設閉合時兩端的電壓為U,消耗的功率為,則 ,計算得出:U=8V由閉合電路歐姆定律得得: 流過的電流為 ,流過電動機的電流為 則 綜上所述本題答案是：（1） （2） ；