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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的電路中，已知R120，R340，R1R2R3，則該電路總電阻的阻值 AR總20B20R總40C20R總100D8R總102、如圖所示，帶電粒子進入磁場中，圖中的磁場方向

2、B、速度v方向、洛侖茲力f方向標示正確的是（ ）ABCD3、下列關(guān)于物體帶電的說法，正確的是( )A元電荷就是指自然界中帶電荷量最少的物體B某物體所帶的電荷量有可能為9.01019CC摩擦起電是通過摩擦創(chuàng)造出了等量的異種電荷的過程D感應起電是利用靜電感應，使電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到物體的另一部分的過程4、如圖所示,M、N為兩個帶有等量異種的點電荷,O點是它們之間連線的中點,A、B是M、N連線中垂線上的兩點,A點距O點較近。用EO、EA、EB和、分別表示O、A、B三點的電場強度的大小和電勢,下列說法中正確的是AEO等于0BEA一定大于EBC一定大于D將一電子從O點沿中垂線移動到A點,電場力一定做

3、正功5、如圖所示，平行板電容器兩極A、B間有一個帶電油滴P，正好靜止在兩極板正中間現(xiàn)將兩極板稍拉開一些，其它條件不變拉開時間忽略，則（ ）A電流計中電流由b流向aB電流計中始終無電流流過C油滴將向上加速D油滴將向下加速6、如圖所示,平行板電容器帶有等量異種電荷,與靜電計相連,靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地。以E表示兩板間的電場強度,表示靜電計指針的偏角。若保持上極板不動,將下極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置的過程中,下列說法正確的是（ ）A電容器中的電場強度不變BG表中有電流流過C靜電計的指針偏角減小D電容器的電容變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四

4、個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑水平面上放一個質(zhì)量為M的斜面體，質(zhì)量為m的物體沿斜面由靜止開始自由下滑，下列說法中正確的是() AM和m組成的系統(tǒng)動量守恒BM和m組成的系統(tǒng)動量不守恒CM和m組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒DM和m組成的系統(tǒng)豎直方向動量守恒8、關(guān)于電勢的高低，下列說法中正確的是：（ ）A沿著電場線的方向電勢逐漸降低B電勢降低的方向一定是電場線的方向C正電荷只在電場力的作用下，一定向電勢低的地方移動D負電荷只在電場力的作用下，由靜止釋放，一定向電勢高的地方移動9、在x軸上關(guān)于原點對稱的a、b兩點處固定兩個電

5、荷量相等的點電荷，如圖所示的E-x圖象描繪了x軸上部分區(qū)域的電場強度(以x軸正方向為電場強度的正方向)在電場中c、d為x軸上關(guān)于原點對稱的兩點，O為坐標原點，下列結(jié)論正確的是()Aa、b處為異種點電荷Bc、d兩點電場強度相同，但c點電勢更高C若將一負電子從c點移到d點，其電勢能增大DO點處電勢等于零，電場強度也等于零10、在如圖所示電路中，閉關(guān)開關(guān)S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2表示，電壓表示數(shù)變化的絕對值分別 為U1、U2，下列判斷正確的是（ ） AU1U2BI減小，U1增大，U2增大C電源的總功率變大，內(nèi)功率變小D電源的

6、輸出功率變大，效率也變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中,待測小燈泡上標有2.5V,1.25W的字樣.備有如下器材:.直流電源3V(內(nèi)阻可不計).直流電流表 (電阻約).直流電流表(內(nèi)阻約).直流電壓表(內(nèi)阻約)直流電壓表(內(nèi)阻約). 滑動變阻器、1.5A. 滑動變阻器、(1).除開關(guān)、導線外,為了完成該實驗,需要從上述器材中選用的器材有_.(用序號字母表示)(2).利用給出的器材通過實驗描繪出小燈泡的伏安特性曲線,要求測量多組實驗數(shù)據(jù),請你在虛線框內(nèi)畫出實驗原理電路圖_,并將圖中實物連接成實驗

7、電路圖_.12（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，某實驗小組得到一組電壓表、電流表的讀數(shù)，并由此讀數(shù)算出被測屬絲的電阻值，請問電壓表的讀數(shù)為_V（量程3V），電流表的讀數(shù)為_A（量程0.6A），被測屬絲的電阻值為_ .四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點平滑連接，在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球從水平軌道上A點由靜止釋放，小球運動到C點離開圓軌道后，經(jīng)界面MN上的P點進入電場(P點恰好在A點的

8、正上方，如圖所示，小球可視為質(zhì)點，小球運動到C點之前電荷量保持不變，經(jīng)過C點后電荷量立即變?yōu)榱?已知A、B間距離為2R，重力加速度為g，在上述運動過程中，求：（1）小球經(jīng)過C點的速度大?。?）小球經(jīng)過半圓軌道上與圓心O等高處D點的速度大?。?）電場強度E的大?。?）小球在圓軌道上運動時的最大速率14（16分）圖1中A和B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板、加上周期為T的交流電壓，在兩板間產(chǎn)生交變的勻強電場已知B板電勢為零，A板電勢隨時間變化的規(guī)律如圖2所示，其中的最大值為，最小值為，在圖1中，虛線MN表示與A、B板平行等距的一個較小的面，此面到A和B的距離皆為l在此面所在處，不斷地產(chǎn)生電量為q

9、、質(zhì)量為m的帶負電的微粒，各個時刻產(chǎn)生帶電微粒的機會均等這種微粒產(chǎn)生后，從靜止出發(fā)在電場力的作用下運動設微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電量同時消失，不影響A、B板的電勢，已知上述的T、l、q和m等各量的值正好滿足等式若不計重力，不考慮微粒間的相互作用，求：（結(jié)果用q、m、T表示）（1）在t=0到t=這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中到達A板的微粒的最大速度；（2）在0-范圍內(nèi)，哪段時間內(nèi)產(chǎn)生的粒子能到達B板？（3）在t=0到t=這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中到達B板的微粒的最大速度；15（12分）如圖所示為兩組平行板金屬板，今有一質(zhì)量為m的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經(jīng)電壓U0加速后通過

10、B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間， 若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點，其中.求：(1)電子通過B點時的速度大小v0？(2)右側(cè)平行金屬板的長度L？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】幾個電阻并聯(lián)，相當于增加了導線的橫截面積，總電阻比任何一個分電阻都小，題目中最小的分電阻是，且，所以，選項ABC錯誤， D正確；2、C【解析】A、帶負電的粒子向右運動，掌心向外，四指所指的方向向左，大拇指所指的方向是向下，選項A錯

11、誤；B、帶負電粒子的運動方向與磁感應線平行，此時不受洛倫茲力的作用選項B錯誤；C、帶正電的粒子向右運動掌心向外，四指所指的方向向右，大拇指所指的方向是向上，選項C正確；D、帶負電的粒子向上運動，掌心向里，四指應向上，大拇指的方向向左，選項D錯誤；故選C【點睛】在應用左手定則時，首先要判斷運動的帶電粒子所帶的電性，若是正電，四指的方向與粒子運動方向一致，若是負電，四指所指的方向與粒子的運動方向相反此處是非常容易出錯的3、D【解析】元電荷是電量的基本單位，不是指自然界中帶電荷量最少的物體，選項A錯誤；任何物體所帶電量都是元電荷（1.61019C）的整數(shù)倍，則某物體所帶的電荷量不可能為9.01019

12、C，選項B錯誤；摩擦起電是電荷的轉(zhuǎn)移，不是創(chuàng)造了電荷，選項C錯誤；感應起電是利用靜電感應，使電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到物體的另一部分的過程，選項D正確；故選D.4、B【解析】A由電場強度的疊加原理可知，在等量異種的點電荷連線中點的場強不等0，故A錯誤；B由等量異種電荷的電場線分布可知，A處的電場線比B處電場線更密，所以A點的場強大于B點的場強，故B正確；C等量異種的點電荷連線的中垂線為等勢線，所以A點電勢與B點電勢相等，故C錯誤；D等量異種的點電荷連線的中垂線為等勢線，所以將一電子從O點沿中垂線移動到A點,電場力不做功，故D錯誤。5、D【解析】由題中“平行板電容器兩極A、B間有一個帶電油滴P”可

13、知，本題考查平行板電容器中帶電物體的情況，根據(jù)電容器特點、電場力規(guī)律可分析本題?！驹斀狻緼B.根據(jù)公式可知，d變大，則電容變小，U不變，根據(jù)知，電荷量減小，則電流計中的電流由a流向b，故AB錯誤；CD.將兩極板的距離拉開一些，由于電勢差不變，d變大，根據(jù)可知，電場強度變小，電場力變小，油滴向下加速，故C錯誤，D正確。6、A【解析】ACD.電容器與電源斷開，故電量不變；下極板向下移動時，兩板間的距離增大，根據(jù)可知，電容C減小，則根據(jù)可知，電壓U增大；故靜電計指針偏角增大；兩板間的電場強度為：因此電場強度E與板間距無關(guān)，因此電場強度E不變，故A正確CD錯誤。B.因為電容器帶電量不變，沒有電荷移動，

14、所以G表中沒有電流，故B錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】ABDm下滑過程系統(tǒng)所受合外力豎直向下，系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，系統(tǒng)在豎直方向動量不守恒，故AD錯誤，B正確；CM和m組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動量守恒，故C正確；8、AD【解析】根據(jù)推論：沿電場線方向電勢逐漸降低；電勢降低最快的方向才是電場強度的方向；正電荷只在電場力作用下從A移到B，電荷不一定從高電勢處向低電勢處運動，還取決于電荷的初速度；負電荷在只受

15、電場力的作用下，由靜止釋放，一定向電勢高的地方運動【詳解】A項：電場力做功WAB=UABq，不妨設沿著電場線方向移動正電荷，則電場力做正功，所以UAB0，所以AB，所以沿著電場線方向電勢逐漸降低，故A正確；B項：沿著電場線方向移動電勢降低，但是電勢降低的方向不一定是電場線的方向，電勢降低最快的方向才是場強的方向，即是電場線的方向，故B錯誤；C項：正電荷只在電場力作用下從一點移到另一點，電荷不一定從高電勢處向低電勢處運動，還取決于電荷的初速度，故C錯誤；D項：根據(jù)電場力做功的表達式WAB=UABq=Eqd，負電荷在只受電場力的作用下，由靜止釋放，電場力做正功，WAB0，q0，則UAB0，所以AB

16、，即向電勢高的地方運動，故D正確故應選：AD【點睛】電場線的疏密表示電場強度的相對大小，電場線的方向反映電勢的高低，則電場強度與電勢沒有直接關(guān)系順著電場線方向，電勢逐漸降低，但場強不一定減小9、ABC【解析】A根據(jù)給出的E-x圖象可知，在a處為正電荷，在b處為負電荷，故A正確；B根據(jù)點電荷產(chǎn)生的場強，根據(jù)場強的疊加可知，c、d兩處場強相同，電場方向由c指向d，故c點電勢高，故B正確；C將一負電子從c點移到d點，電場力做負功，所以電勢能增大，故C正確；D因為a、b處為異種點電荷，在y軸上點的電勢為零，所以O點的電勢為零，但是場強不為零，故D錯誤10、AB【解析】當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時

17、，R2電阻變大，總電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，即U1變大；R1的電流變大，則電流表支路的電流減小，即I減小；R3電壓減小，則R2電壓變大，則U2變大；選項B正確；因U1=U2+UR3，因U1變大，U2變大，UR3變小則U1U2，選項A正確；根據(jù)P=IE可知電源的總功率變大；根據(jù)P內(nèi)=I2r可知，電源內(nèi)功率變大，選項C錯誤；因不知道電源內(nèi)阻和外電阻之間的關(guān)系，則不能判斷電源輸出功率的變化情況；根據(jù)可知電路的外電阻變大，電源的效率變大；選項D錯誤；故選AB.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDF 如圖所示： 如圖所示： 【解析

18、】(1)、根據(jù)小燈泡銘牌知額定電壓為2.5V,由I=P/U得出額定電流為0.5A，故電源應選A，電流表應選C，電壓表應選D，又描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電壓從零開始變化，故滑動變阻器應用分壓式，應選阻值小的變阻器F.(2)、由題意可知，本實驗應采用分壓接法，又由于電壓表內(nèi)阻遠大于小燈泡電阻，電流表采用外接法，電路圖如圖所示：實物連接成實驗電路如圖所示：12、 1.20 0.50 2.4【解析】電壓表的讀數(shù)為1.20V（量程3V），電流表的讀數(shù)為0.50A（量程0.6A），被測屬絲的電阻值為.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式

19、和演算步驟。13、（1）；（2）；(3) ；(4) 【解析】(1)設小球過C點速度為,小球從A到C過程,根據(jù)動能定理,有小球離開C點后做平拋運動到P點，水平方向： 豎直方向: 得：，(2)設小球運動到圓周D點時速度最大,設為v,此時OD與豎直線OB夾角設為,小球從A運動到D過程,根據(jù)動能定理：當時動能最大,得: 綜上所述本題答案是：(1)（2）點睛：本題關(guān)鍵是明確小球的受力情況和運動情況，然后根據(jù)動能定理和平拋運動的分運動公式列式分析14、（1）（2）時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒可直達A板（3）【解析】試題分析：在電壓為時，微粒所受電場力為，此時微粒的加速度為（1）在t=0時刻產(chǎn)生的微粒，將以加速度向A板

20、加速運動，經(jīng)時，位移即t=0時刻產(chǎn)生的微粒，在不到時就可直達A板，所以到達A板的微粒的最大速度滿足，解得（2）考慮臨界狀況：設時刻產(chǎn)生的微粒達到A板時速度剛好為零，則該微粒以加速度加速運動的時間為，再以大小為的加速度減速運動一段時間，設為，則聯(lián)立解得，即時間內(nèi)產(chǎn)生的微?？芍边_A板（3）在時刻產(chǎn)生的微粒，以加速度向A板加速的時間為，再以大小為的加速度減速運動，經(jīng)速度減為零（剛好到A板），此后以大小為的加速度向B板加速運動設加速時間為時的位移大小為，則即微粒將打到B板上，不再返回，而時刻產(chǎn)生的微粒到達B板的速度最大，根據(jù)動能定理可得解得考點：考查了帶電粒子在交變電場的中的運動【名師點睛】帶電粒子在

21、電場中的運動，綜合了靜電場和力學的知識，分析方法和力學的分析方法基本相同先分析受力情況再分析運動狀態(tài)和運動過程（平衡、加速、減速，直 線或曲線），然后選用恰當?shù)囊?guī)律解題解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運動的觀點，選用牛頓第二定律和運動學公式求解；第二種利用能量轉(zhuǎn)化 的觀點，選用動能定理和功能關(guān)系求解15、（1）（2）【解析】（1）電子在加速電場中，電場力做正功eU0，由動能定理求解電子射出加速電場的速度（2）電子進入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運動，沿水平方向做勻速直線運動，位移大小等于板長L；豎直方向做勻加速直線運動，位移大小等于板間距離的一半，由牛頓第二定律求出加速度，由運動學公式求解板長L【詳解】（1）電子在AB間做加速運動，由動能定理可得： 可得：（2）電子以的速度進入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，在豎直方向做勻加速運動，水平方向做勻速運動 可得： 則：