《2023學年福建省福州市第十中學高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學年福建省福州市第十中學高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析.doc（11頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在勻強電場中，將質(zhì)量為m，帶電量為q的小球由靜止釋放，帶電小球的運動軌跡為一直線，該直線與豎直方向的夾角為，如圖所示，則電場強度的大小為A有唯一值B最小值是C最大值D 2、燈泡L1的額定值為“6 V4W”，燈泡L2的額定值為“6 V2 W”，要使它們接到12 V的電路中，能使兩個燈泡都正常發(fā)光，且電路最省電，應(yīng)選下圖的哪一個( )A BC D3、下列關(guān)于等勢面的說法，不正確的是（ ）A在同一等勢面上移動電荷時，一定不受電場力作用，所以電場力做功為零B等勢面一定跟電場線垂直，即跟

3、場強方向垂直C勻強電場的等勢面是垂直于電場線的一簇平面D點電荷電場的等勢面是以點電荷為球心的一簇球面4、第一個發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學家是：A奧斯特B庫侖C法拉第D安培5、如圖所示，B為線段AC的中點，如果在A處放一個Q的點電荷，測得B處的場強EB48 N/C，則（ ）AEC24 N/CBEC12 N/CC若要使EB0，可在C處放一個Q的點電荷D把q109C的點電荷放在C點，則其所受電場力的大小為6109N6、如圖所示，電路可將聲音信號轉(zhuǎn)化為電信號，該電路中右側(cè)固定不動的金屬板b與能在聲波驅(qū)動下沿水平方向振動的鍍有金屬層的震動膜a構(gòu)成一個電容器，a、b通過導線與恒定電源兩極相接若聲源S做簡諧振動

4、，則（ ）Aa振動過程中，a、b板間的電場強度不變Ba振動過程中，a、b板所帶電量不變Ca振動過程中，電容器的電容不變Da向右的位移最大時，a、b板所構(gòu)成的電容器的電容最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是橫截面積、長度均相同的甲、乙兩根電阻絲的IR圖象現(xiàn)將甲、乙串聯(lián)后接入電路中，則()A甲電阻絲兩端的電壓比乙電阻絲兩端的電壓大B甲電阻絲的電阻率比乙電阻絲的電阻率小C在相同時間內(nèi)，電流通過乙電阻絲產(chǎn)生的焦耳熱少D甲電阻絲消耗的電功率比乙電阻絲消耗的電功率少

5、8、某同學將一直流電源的總功率、輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系內(nèi)，如圖所示，根據(jù)圖線可知A反映變化的圖線是cB電源電動勢為8VC電源內(nèi)阻為D當電流為A時，外電路的電阻為9、兩個帶等量正電荷的小球（可視為點電荷）固定在圖中a、b兩點，MN為ab連線的中垂線，交直線ab于O點，A為MN上的一點。取無限遠處的電勢為零，一帶負電的試探電荷q僅在靜電力作用下運動，則（）A若q從A點由靜止釋放，其將以O(shè)點為對稱中心做往復運動B若q從A點由靜止釋放，其在由A點向O點運動的過程中加速度先增大后減小Cq由A點向O點運動時，其動能逐漸增大，電勢能逐漸減小D若在A點給q一個合適的初速度

6、，它可以做勻速圓周運動10、如圖所示，一水平放置的平行板電容器，上極板A與電源的正極相連，下極板B與電源的負極相連且接地，一帶電的微粒恰好能靜止在兩極板間的正中間位置P點。下列說法中正確的是A微粒帶正電B保持開關(guān)S閉合，將A板略微上移，微粒仍保持靜止C斷開開關(guān)S，將B板略微下移，微粒仍保持靜止D斷開開關(guān)S，將B板略微下移，微粒在P點的電勢能減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用游標卡尺測量遮光條的寬度d如圖所示，則d=_mm；用螺旋測微器測量遮光條的厚h如圖所示，則h=_mm。12（12分）在測定金屬的電阻率的實驗中，測得待測

7、金屬導線的長度為L，直徑為D，兩端電壓為U，流過待測金屬導線的電流為I，則待測金屬導線的電阻的表達式為R=_，電阻率的表達式為=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在如圖所示的豎直平面內(nèi),水平軌道CD和傾斜軌道GH與半徑r=m的光滑圓弧軌道分別相切于D點和G點,GH與水平面的夾角=37過G點、垂直于紙面的豎直平面左側(cè)有勻強磁場,磁場方向垂直于紙面向里,磁感應(yīng)強度B=1.25T;過D點、垂直于紙面的豎直平面右側(cè)有勻強電場,電場方向水平向右,電場強度E=1104N/C小物體P1質(zhì)量m=210-3kg、電荷量

8、q=+810-6C,受到水平向右的推力F=9.9810-3N的作用,沿CD向右做勻速直線運動,到達D點后撤去推力當P1到達傾斜軌道底端G點時,不帶電的小物體P2在GH頂端靜止釋放,經(jīng)過時間t=0.1s與P1相遇P1和P2與軌道CD、GH間的動摩擦因數(shù)均為=0.5,取g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,物體電荷量保持不變,不計空氣阻力求: (1)小物體P1在水平軌道CD上運動速度v的大小;(2)傾斜軌道GH的長度s14（16分）如圖（a）所示，一個電阻值為R，匝數(shù)為n的圓形金屬線與阻值為2R的電阻R1連結(jié)成閉合回路線圈的半徑為r1 . 在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域存在垂直于

9、線圈平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖（b）所示圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0. 導線的電阻不計求0至t1時間內(nèi)（1）通過電阻R1上的電流大小和方向；（2）通過電阻R1上的電量q及電阻R1上產(chǎn)生的熱量15（12分）雖然單個細微粒子撞擊一個巨大物體上的力是局部而短暫的脈沖，但大量粒子頻繁撞擊在物體產(chǎn)生的平均效果是個均勻而持續(xù)的壓力為簡化問題，我們設(shè)粒子流中每個粒子的速度都與物體的界面壁)垂直，并且速率也一樣，皆為此外，設(shè)每個粒子的質(zhì)量為m，數(shù)密度(即單位體積內(nèi)的粒子數(shù))為求下列兩種情況下壁面受到的壓強(1)粒子完全射入壁面;(2)粒子等速率彈回.參考答案一、單項選擇

10、題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】帶電小球的運動軌跡為直線，在電場中受到重力mg和電場力F，其合力必定沿此直線向下，根據(jù)三角形定則作出合力如圖所示：由圖看出，符合條件的電場強度有多種情況，而當電場力F與此直線垂直時，電場力F最小，場強最小，則有F=qEmin=mgsin，得到場強的最小值為Emin=mgsin/q，由圖可知，最大值無法求出故ACD錯誤，B正確故選B點睛：帶電小球在電場中受到重力和電場力，從O點自由釋放，其運動軌跡為直線，小球所受的合力方向沿此直線方向，運用三角形定則分析什么情況下場強大小最小，再求出最小值2

11、、C【解析】 ， A：L1L2直接串聯(lián)，實際電流相等，但它們額定電流不等，不能都正常工作。故A錯誤。B： ，電路B中L2實際電流大于L1實際電流，不可能都正常工作。故B錯誤。CD： ，電路C中通過調(diào)節(jié)滑動變阻器可使L1L2兩端電壓均為6V，兩燈均可正常工作，此時電路的總功率為；電路D中通過調(diào)節(jié)滑動變阻器可使燈和滑動變阻器電壓均為6V，兩燈均可正常工作，此時電路的總功率。則能使兩個燈泡都正常發(fā)光，且電路最省電應(yīng)選擇C。點睛：分析燈能否正常工作，可從電壓角度也可從電流角度，根據(jù)電路特點選用最快捷的方法。是否最省電也可分析電路中總電流的大小關(guān)系。3、A【解析】等勢面與電場線垂直，故沿著等勢面移動點電

12、荷，電場力與運動方向總垂直，所以電場力不做功，故A說法錯誤；電場中電勢相等的各個點構(gòu)成的面叫做等勢面，等勢面一定跟電場線垂直，故B說法正確；等勢面與電場線垂直，可知勻強電場中的等勢面是相互平行的垂直于電場線的一簇平面，故C說法正確；等勢面與電場線垂直，可知孤立點電荷在真空中形成的電場的等勢面是以點電荷為圓心的一簇球面，故D說法正確所以選A4、C【解析】試題分析：A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；A錯誤B、庫倫研究得出了電荷間的相互作用：庫侖定律；B錯誤C、法拉第第一個發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；C正確D、安培研究了磁場對電流的作用；D錯誤故選C5、B【解析】Q相同，B離點+Q的距離等于C離+Q的距離的一半，

13、則根據(jù)真空中點電荷場強公式E=kQ/r2，得EB=4EC；因B處的場強EB=48N/C，則EC=12N/C故A錯誤，B正確；若要使EB=0，可在C處放一個+Q的點電荷，故C錯誤；把q=10-9C的點電荷放在C點，則其受電場力的大小為F=qE=10-9C12N/C=1.210-8N，故D錯誤；故選B。6、D【解析】金屬板b在聲波驅(qū)動下沿水平方向振動，兩極板間的距離發(fā)生變化，兩極板與電源相連，電勢差恒定，兩板間的場強發(fā)生變化，選項A錯誤；電容器的電容隨兩板間距離面變兩板帶電量隨電容而變，選項B錯誤；當距離最近時，電容最大，選項C錯誤、選項D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

14、20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：串聯(lián)電路電流處處相等，由圖象判斷出電流相等時兩電阻絲的電阻大小，然后由歐姆定律判斷其兩端電壓大小關(guān)系，由電阻定律判斷其電阻率關(guān)系；由焦耳定律判斷其產(chǎn)生的熱量關(guān)系，由電功率公式判斷功率關(guān)系由圖象可知，在電流I相同時，兩電阻絲串聯(lián)通過它們的電流I相等，而，由可知，故A正確；由于兩電阻絲的橫截面積與長度相同，因為長短，粗細相同，由電阻定律可知，甲的電阻率大于乙的電阻率，故B錯誤；兩電阻串聯(lián)I相同，由焦耳定律可知，相同時間，故C正確；兩電阻串聯(lián)，通過它們的電流I

15、相同，由可知，故D錯誤8、AD【解析】試題分析：電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr=I2r，Pr-I圖象是拋物線，而且是增函數(shù)，則反映Pr變化的圖線是c故A正確直流電源的總功率PE=EI，P-I圖象的斜率等于電動勢E，則有故B錯誤圖中I=2A時，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr與電源的總功率相等，則有Pr=I2r，得到故C錯誤當電流為15A時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，代入解得R=6故D正確故選AD考點：電功和電功率；閉合電路的歐姆定律【名師點睛】本題考查電功和電功率以及閉合電路的歐姆定律；要根據(jù)電源的總功率公式PE=EI求解電動勢，根據(jù)發(fā)熱功率的解析式I2r，求解電源的內(nèi)阻。9、ACD【解析】A若q從A點由靜止釋放，受到向下的電場力作用，向下加速運動，過O點后受到向上的電場力作用，做減速運動，根據(jù)受力情況的對稱性可知q將以O(shè)點為對稱中心做往復運動，故A正確；B電荷在O點時電場力為零，電荷