《江西省宜春市靖安縣2022-2023學(xué)年物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《江西省宜春市靖安縣2022-2023學(xué)年物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題（含解析）.doc（16頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，吊車下方吊著一個質(zhì)量為500kg的重物，二者一起保持恒定的速度沿水平方向做勻速直線運動某時刻開始，吊車以10kW的功率將重物向上吊起，經(jīng)重物達(dá)到最大速度

2、忽略空氣阻力，取則在這段時間內(nèi)（ ）A重物的最大速度B重物克服重力做功的平均功率為9.8kWC重物做勻變速曲線運動D重物處于失重狀態(tài)2、兩輛完全相同的汽車，沿水平直線一前一后勻速行駛速度均為v，若前車突然以恒定加速度剎車，在它剛停車后，后車以與前車相同的加速度開始剎車，已知前車在剎車過程中所行駛的距離為x，若要保證兩車在上述情況下不相撞，則兩車在勻速行駛時應(yīng)保持的距離至少為（ ）AxB2xC3xD4x3、物體從位于一直角坐標(biāo)系xoy平面上的O點開始運動，前2S在Y軸方向的VT圖象和X軸方向的sT圖象分別如圖甲、乙所示，下列說法正確的是（）A物體做勻變速直線運動B物體的初速度為8m/sC2s末物

3、體的速度大小為4m/sD前2s內(nèi)物體的位移大小為8m4、如圖所示，一物體從半圓形光滑軌道上邊緣由靜止下滑，當(dāng)它滑到最低點時，關(guān)于動能大小和對軌道最低點壓力的說法正確的是（ ）A軌道半徑越大，動能越大，壓力也越大B軌道半徑越大，動能越小，壓力也越大C軌道半徑越大，動能越大，壓力與半徑無關(guān)D軌道半徑越大，動能越大，壓力越小5、木板MN的N端通過鉸鏈固定在水平地面上，M端可自由轉(zhuǎn)動。剛開始A、B兩物塊疊放在一起靜止在木板上，如圖所示，此時B物塊上表面水平，木板與地面之間的夾角為?，F(xiàn)使夾角緩慢增大，若此過程中A、B與木板始終保持相對靜止?fàn)顟B(tài)。則A物塊A、B間始終沒有摩擦力B物塊B對物塊A的作用力不變C

4、木板對物塊B的作用力減小D木板與物塊B之間的摩擦力減小6、如圖所示，兩個物體A和B的質(zhì)量均為m，其中物體A置于光滑水平臺上，物體B 穿在光滑豎直桿上，桿與平臺有一定的距離，A、B 兩物體通過不可伸長的輕繩連接跨過臺面邊緣的光滑小定滑輪，繩保持與臺面平行現(xiàn)由靜止釋放兩物體，當(dāng)物體B下落h時，物體B的速度為2v，物體A速度為v.關(guān)于此過程下列說法正確的是(重力加速度為 g)( )A該過程中物體B的機(jī)械能損失了B該過程中物體B的機(jī)械能損失了mghC物體 A 在臺面上滑動的距離為hD該過程中繩對系統(tǒng)做功為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目

5、要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個質(zhì)量為m = 2.010-11kg、電荷量q=+1.010-5C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1電壓加速后，以=1.0104m/s水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，其板長L = 20cm,兩板間距d=cm，進(jìn)入磁場時速度偏離原來方向的角度=30, 磁場寬度D=cm，則 A加速電場U1 = 100VB兩金屬板間的電壓U2為200VC為使微粒不從磁場右邊射出，該勻強(qiáng)磁場的磁感強(qiáng)度B至少為0.2TD若勻強(qiáng)磁場的磁感強(qiáng)度合適，帶電微?？梢曰氐匠霭l(fā)點8、質(zhì)量相等的甲、乙兩個球在光滑水平面上沿同一直線向同一方向運

6、動，甲球的動量是8 Kg.m/s ，乙球的動量是4 Kg.m/s ，當(dāng)甲球追上乙球時發(fā)生碰撞，則碰撞后甲、乙兩球的動量可能值是（ ）A甲的動量是5 Kg.m/s ，乙的動量是18 Kg.m/sB甲的動量是 5 Kg.m/s ，乙的動量是 7 Kg.m/sC甲的動量是 3 Kg.m/s ，乙的動量是10Kg.m/sD甲的動量是6Kg.m/s ，乙的動量是6 Kg.m/s9、在水平地面上有一質(zhì)量為2 kg的物體，物體在水平拉力F的作 用下由靜止開始運動，后撤 去拉力該物體的運動的vt圖如圖所示，g取10 m/s2，下列說法正確的是()A物體的最大位移是56 mB物體受到的拉力F的大小為2.4 NC

7、物體與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.2D前12 s內(nèi)，拉力與阻力做功的代數(shù)和為12 J10、下列說法正確的是（ ）A某種液體的飽和蒸氣與溫度有關(guān)B不是所有晶體都具有各向異性的特點C第二類永動機(jī)不能制成是因為它違反了能量守恒定律D當(dāng)分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，但斥力減小得更快，所以分子間的作用力表現(xiàn)為引力E.一定質(zhì)量的理想氣體，放熱的同時外界對其做功，其內(nèi)能可能減少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用圖（a）所示的實驗裝置驗證機(jī)械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有220Hz、30Hz和

8、40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示。該同學(xué)在實驗中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實驗數(shù)據(jù)和其他條件進(jìn)行推算。（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用f和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為_，重物下落的加速度的大小為_。（2）已測得s1=8.89cm，s2=9.50cm，s3=10.10cm；當(dāng)重力加速度大小為9.80m/s2，實驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1。由此推算出f為_Hz。12（12分）一課外實驗小組用如圖所示的電路測量某待測電阻Rx的阻值圖中R0為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻(R0=20.0 )；電壓表可視為理想電壓表；S1為單刀開關(guān)，

9、S2為單刀雙擲開關(guān)；E為電源；R為滑動變阻器采用如下步驟完成實驗：(1)按照實驗原理線路圖(a)，將圖(b)中實物連線_(2)將滑動變阻器滑動端置于適當(dāng)?shù)奈恢?，閉合S1.(3)將開關(guān)S2擲于1端，改變滑動變阻器滑動端的位置，記下此時電壓表的示數(shù)U1；然后將S2擲于2端，記下此時電壓表的示數(shù)U2.(4)待測電阻阻值的表達(dá)式Rx_(用R0、U1、U2表示)(5)重復(fù)步驟(3)，得到如下數(shù)據(jù).(6)利用上述5次測量所得的平均值，求得Rx_.(保留1位小數(shù))四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一帶電粒子以

10、一定的初速度垂直于場強(qiáng)方向沿上板邊緣射入勻強(qiáng)電場，剛好從下板右邊緣飛出。已知極長為L，如果帶電粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，當(dāng)它的豎直位移等于板間距時，試計算它運動全過程中的水平位移x為多少？（不計粒子重力）14（16分）裝卸工要將質(zhì)量為50kg的木箱搬到卡車上，找來了長為4.4m的木板，做了一個傾角為的斜面. 裝卸工用大小為500N、方向與斜面成的斜向上的拉力F將木箱拉上卡車. 已知木箱與木板間動摩擦因數(shù)，.(1)木箱向上加速運動時加速度的大小. （2）要將木箱拉上卡車，拉力F至少需作用多長的距離？15（12分）一輕質(zhì)彈簧水平放置，一端固定在A點，另一端與質(zhì)量為m的小物塊P接觸但不連接AB是水平

11、軌道，質(zhì)量也為m的小物塊Q靜止在B點，B端與半徑為R的光滑半圓軌道BCD相切，半圓的直徑BD豎直，如圖所示物塊P與AB間的動摩擦因數(shù)=0.1初始時PB間距為4R，彈簧處于壓縮狀態(tài)釋放P，P開始運動，脫離彈簧后在B點與Q碰撞后粘在一起沿軌道運動，恰能經(jīng)過最高點D，己知重力加速度g，求：（1）粘合體在B點的速度（2）初始時彈簧的彈性勢能參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】物體水平方向勻速運動，豎直方向做變加速運動，在豎直方向，當(dāng)牽引力等于阻力時，豎直方向獲得最大速度，則，故速度故A錯誤；在豎直方向，根據(jù)動能定

12、理可知，解得，重物克服重力做功的平均功率為，故B正確；物體向上做變加速運動，水平方向勻速運動，根據(jù)運動的合成，可知，重物做變速曲線運動，故C錯誤；物體向上做變加速運動，故處于超重狀態(tài)，故D錯誤；故選B.【點睛】重物在水平方向勻速運動，豎直方向做變加速運動，等拉力等于重力時，速度達(dá)到最大，根據(jù)速度的合成即可判斷和速度合運動.2、B【解析】設(shè)兩車剎車的加速度大小為a，則：前車剎車的時間為剎車的位移在前車剎車的時間內(nèi)，后車做勻速運動，位移為由于兩車運動時的速度一樣，剎車后加速度相同，后車剎車，剎車位移也為x，要保持兩車在上述情況中不相撞，則兩車在勻速行駛時保持的距離至少應(yīng)為故B項正確，ACD錯誤。3

13、、D【解析】解：A、物體在在y軸方向做勻加速直線運動，加速度不變，x軸做勻速直線運動，所以物體做勻變速曲線運動，故A錯誤B、x軸方向的速度為y軸方向的初速度為 v0y=0m/s所以物體的初速度為 v0=v0x=4m/s，故B錯誤C、2s末物體沿y軸方向的速度為 vy=8m/s，則2s末物體的速度大小為，故C錯誤D、前2s內(nèi)物體沿x軸方向的位移為 x=8m，沿y軸方向的位移為 y=m=8m，所以前2s內(nèi)物體的位移大小為 s= m，故D正確故選：D4、C【解析】對于物體下滑的過程，根據(jù)動能定理得： 物體到達(dá)最低點的動能為可見，半徑越大，動能越大。在軌道最低點，由牛頓第二定律得，解得N=3mg則知球

14、對軌道的壓力大小與半徑也無關(guān)。A軌道半徑越大，動能越大，壓力也越大，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B軌道半徑越大，動能越小，壓力也越大，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C軌道半徑越大，動能越大，壓力與半徑無關(guān)，與結(jié)論相符，選項C正確；D軌道半徑越大，動能越大，壓力越小，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、B【解析】使夾角緩慢增大時，B的上表面傾斜，則物塊A、B間開始出現(xiàn)摩擦力，選項A錯誤；對A受力分析可知，B對A的作用力與A的重力等大反向，可知物塊B對物塊A的作用力不變，選項B正確；對AB的整體，木板對B的作用力等于AB整體的重力，可知木板對物塊B的作用力不變，選項C錯誤；對AB的整體，木板與物塊B之間的摩擦

15、力等于（mA+mB）gsin，可知隨的增加，摩擦力變大，選項D錯誤；故選B.【點睛】此題關(guān)鍵是能正確選擇研究對象，利用整體法和隔離法，受力分析后利用平衡知識進(jìn)行解答.6、A【解析】AB：物體B下落h時，物體B的速度為2v，物體A速度為v，將物體B的速度分解如圖：則，；此過程中A、B系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則；此過程中物體B機(jī)械能的減少量，聯(lián)立解得：。故A項正確，B項錯誤。C：據(jù)上圖，由幾何關(guān)系得：物體A在臺面上滑動的距離。故C項錯誤。D：由于繩子不可伸長，不儲存彈性勢能，繩子對兩端物體做功的代數(shù)和等于繩子彈性勢能的變化量，則該過程中繩對系統(tǒng)做功為零。故D項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分

16、，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A.帶電微粒在加速電場加速運動的過程，根據(jù)動能定理得：qU1=mv2代入數(shù)據(jù)得：U1 = 100V，故A正確。B.帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場中只受電場力作用，做類平拋運動。在水平方向微粒做勻速直線運動，水平方向有：L=vt帶電微粒在豎直方向做勻加速直線運動，加速度為a，出電場時豎直方向速度為v2；豎直方向：vy=at得：由速度分解關(guān)系得：聯(lián)立以上兩式解得：U2=100V，故B錯誤。C.帶電微粒進(jìn)入磁場做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，設(shè)微粒軌跡恰好與磁場右邊相切時半

17、徑為R，如圖所示：由幾何關(guān)系知：R+Rsin30=D設(shè)微粒進(jìn)入磁場時的速度為v，則有：由洛倫茲力提供向心力得：代入數(shù)據(jù)解得：B=0.2T，所以帶電粒子不射出磁場右邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少為0.2T，故C正確。D.帶電微粒從磁場左邊界射出時與磁場邊界成斜向下，進(jìn)入電場后，在豎直方向被加速，水平方向勻速，不可能達(dá)到出發(fā)點，故D錯誤。8、BD【解析】兩球碰撞過程遵守動量守恒定律，碰撞過程中總動能不增加，動量與動能的關(guān)系EK=?！驹斀狻緼、碰撞前質(zhì)量相等的甲、乙兩球的總動量P=12Kgm/s，總能量Ek=+=碰撞后甲、乙兩球的動量P=5 Kg.m/s+18 Kg.m/s=13Kgm/s，動量不守恒；碰撞后

18、甲、乙兩球的能量Ek=+=，能量增加，故A錯誤。B、碰撞后甲、乙兩球的總動量P=5Kg.m/s+7Kg.m/s=12Kgm/s，動量守恒；碰撞后甲、乙兩球的能量Ek=+=，能量不增加，故B正確。C、碰撞后甲、乙兩球的總動量P=3Kg.m/s+10Kg.m/s=13Kgm/s，動量不守恒；碰撞后甲、乙兩球的能量Ek=+=，能量增加，故C錯誤。D、碰撞后甲、乙兩球的總動量P=6Kg.m/s+6Kg.m/s=12Kgm/s，動量守恒；碰撞后甲、乙兩球的能量Ek=+=，能量不增加，故D正確。故選:B、D【點睛】對于碰撞問題，要掌握碰撞過程的三個基本規(guī)律來分析：一、動量守恒；二、系統(tǒng)總動能不增加（爆炸例

19、外）；三、碰撞后如同向運動，后面的物體的速度不大于前面物體的速度，即要符合實際運動情況9、AC【解析】：A、在v-t圖像中圖像所包圍的面積代表的就是物體走過的位移，則物體的最大位移應(yīng)該是14s內(nèi)的位移： ，故A正確；B、物體在前10s受到拉力作用，10s撤去拉力，在v-t中斜率代表的是加速度的大小，由圖線可以知道:0-10s內(nèi)加速度大小為 10-14s內(nèi)加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律: 解得： 故B錯誤，C正確；D、物體在12s時的速度為 那么在12s內(nèi)有動能定理知： 故D錯誤；綜上所述本題答案是：AC10、ABE【解析】在密閉條件中，在一定溫度下，與固體或液體處于相平衡的蒸汽所具有的壓力稱為飽

20、和蒸汽壓同一物質(zhì)在不同溫度下有不同的飽和蒸氣壓，并隨著溫度的升高而增大單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性；第二類永動機(jī)不能制成是因為它違反了熱力學(xué)第二定律；分子間的作用力表現(xiàn)為斥力或引力與分子之間的距離有關(guān)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，一定質(zhì)量的理想氣體，放熱的同時外界對其做功，其內(nèi)能可能增大，有可能不變，可能減少【詳解】A同一物質(zhì)在不同溫度下有不同的飽和蒸氣壓，并隨著溫度的升高而增大，故A正確；B不是所有晶體都具有各向異性的特點，例如多晶體各向同性，故B正確；C第二類永動機(jī)沒有違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律，故C錯誤；D當(dāng)分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，但斥力減小得更快；

21、但當(dāng)分子之間的距離小于r0時表現(xiàn)為斥力，在分子之間的距離大于r0時，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，故D錯誤；E根據(jù)熱力學(xué)第一定律，一定質(zhì)量的理想氣體，放熱（Q0）的同時外界對其做功（W0），其內(nèi)能改變：E=Q+W可能減少，可能增大，有可能不變，故E正確。故選ABE三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 40 【解析】(1)12 根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：由速度公式vC=vB+aT可得：a=(2)3 由牛頓第二定律可得：mg-0.01mg=ma所以a=0.99g結(jié)合(1)解出的加速度表達(dá)式，代入數(shù)據(jù)可得f=40HZ12

22、、 48.2 【解析】(1)1按照實驗原理線路圖實物連線如圖所示：(2)2根據(jù)部分電路歐姆定律和串聯(lián)電路特點可得：，解得：(3)3 的平均值為，代入得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】試題分析：帶電粒子以速度v垂直于場強(qiáng)方向沿上板邊緣射入電場時做類平拋運動，由類平拋運動的規(guī)律得出前后兩次偏轉(zhuǎn)位移的關(guān)系；粒子離開電場后速度反向延長線交上板的中點，根據(jù)三角形相似再結(jié)合幾何關(guān)系，求出水平射程x。帶電粒子以速度v垂直于場強(qiáng)方向沿上板邊緣射入電場時，由類平拋運動的規(guī)律得： 在豎直方向： 水平方向： 粒子的加速度為

23、： 帶電粒子的速度為2v 時，粒子離開電場時偏轉(zhuǎn)的距離為y，在豎直方向： 水平方向： 粒子的加速度為： 聯(lián)立以上解得： 粒子偏出時速度的反向延長線交上極板的中點如圖所示：由三角形相似得： 根據(jù)幾何關(guān)系有： 聯(lián)立解得： 點睛：本題主要考查了帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)，運用運動的分解法研究類平拋運動，根據(jù)三角形相似法求出水平射程。14、（1）；（2）【解析】（1）由牛頓第二定律:解得：（2）撤去拉力后:解得：設(shè)運動最大速度為v：解得15、（1） （2）12mgR【解析】試題分析：(1)根據(jù)物體恰能經(jīng)過最高點D，由牛頓第二定律和機(jī)械能守恒定律可解得在B點的速度；(2) P與Q碰撞的過程水平方向動量守恒結(jié)合功能關(guān)系可解得初始時彈簧的彈性勢能解：(1) 物塊P恰好能夠到達(dá)D點時，由重力提供向心力，由牛頓第二定律有： 解得： 從B到D，由機(jī)械能守恒定律得： 解得：；(2) P與Q碰撞的過程時間短，水平方向的動量守恒，選取向右為正方向，設(shè)碰撞前P的速度為v，則：mv=2mvBP從開始釋放到到達(dá)Q的過程中，彈簧的彈力對P做正功，地面的摩擦力對P做負(fù)功，由功能關(guān)系得： 聯(lián)立解得：