《安徽省”皖南八校“2022-2023學年高三物理第一學期期中經(jīng)典模擬試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《安徽省”皖南八?！?022-2023學年高三物理第一學期期中經(jīng)典模擬試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，是汽車牽引力F和車速倒數(shù)1/V的關(guān)系圖象，若汽車質(zhì)量為2103Kg,由靜止開始沿平直公路行駛，阻力恒定，最大車速為30m/s,則以下說法正確的是（ ）A汽車運動過程中受到阻力為6103NB汽車的額定功率為6104WC

2、汽車先做勻加速運動，然后再做勻速直線運動D汽車做勻加速運動時間是10s2、如圖所示，一根細線下端栓一個金屬小球P，細線的上端固定在金屬塊Q上，Q放在帶小孔（小孔光滑）的固定水平桌面上，小球在某一水平內(nèi)做勻速圓周運動（圓錐擺），現(xiàn)使小球改到一個更高一些的水平面上做勻速圓周運動（圖中位置），兩次金屬塊Q都靜止在桌面上的同一點，則后一種情況與原來相比較，下面的判斷中正確的是（ ）A細線所受的拉力變小B小球P運動的角速度變小CQ受到桌面的支持力變大DQ受到桌面的靜摩擦力變大3、已知做勻加速直線運動的物體在某段時間內(nèi)的第5s末速度為10m/s，則物體（ ）A加速度一定為2m/s2B前5s內(nèi)位移一定是25

3、mC前10s內(nèi)位移一定為100mD前10s內(nèi)位移不一定為100m4、如圖所示，放在水平轉(zhuǎn)臺上的小物體C、疊放在水平轉(zhuǎn)臺上的小物體A、B能始終隨轉(zhuǎn)臺一起以角速度 勻速轉(zhuǎn)動A、B、C的質(zhì)量分別為3m、2m和m，A與B、B與轉(zhuǎn)臺、C與轉(zhuǎn)臺間的動摩擦因數(shù)均為，B、C離轉(zhuǎn)臺中心的距離分別為r和1.5r， 已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，則以下說法中正確的是AB對A的摩擦力一定為3mgBC與轉(zhuǎn)臺間的摩擦力等于A、B兩物體間摩擦力的二倍C轉(zhuǎn)臺的角速度一定滿足D轉(zhuǎn)臺的角速度一定滿足5、在一斜面頂端，將甲乙兩個小球分別以v和 的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上甲球落至斜面時的速率和位移

4、大小分別是乙球落至斜面時的（ ）A2倍、2倍B2倍、4倍C4倍、2倍D4倍、4倍6、一輛汽車從靜止開始做加速直線運動，運動過程中汽車牽引力的功率保持不變，所受阻力恒定，行駛2min速度達到10m/s，該汽車在這段時間內(nèi)行駛的距離為（）A一定大于600mB一定小于600mC一定等于600mD可能等于1200m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V下列說法正確的是A坐

5、標原點處的電勢為1VB電子在a點的電勢能比在b點的低7eVC電場強度沿cO方向D電子從b點運動到c點，電場力做功為9eV8、足夠長的傳送帶與水平方向的傾角為，物塊a通過平行于傳送帶的輕繩跨過光滑輕滑輪與物塊b相連，b的質(zhì)量為m.開始時，a、b及傳送帶均靜止，且a不受傳送帶摩擦力作用.現(xiàn)讓傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，則在b上升h高度(未與滑輪相碰)的過程中 ()A物塊a的重力勢能減少mghB摩擦力對a做的功等于a機械能的增量C摩擦力對a做的功等于物塊a、b動能增量之和D任意時刻，重力對a、b做功的瞬時功率大小相等9、如圖所示,光滑桿OA的O端固定一根勁度系數(shù)為k=10N/m,原長為l0=1m的輕彈簧,

6、質(zhì)量為m=1kg的小球套在光滑桿上并與彈簧的上端連接,OO為過O點的豎直軸,桿與水平面間的夾角始終為=300,開始桿是靜止的,當桿以O(shè)O為軸轉(zhuǎn)動時,角速度從零開始緩慢增加,直至彈簧伸長量為0.5m,下列說法正確的是()A桿保持靜止狀態(tài),彈簧的長度為0.5mB當桿轉(zhuǎn)動的角速度為rad/s,彈簧伸長量為0.5mC當彈簧恢復原長時,桿轉(zhuǎn)動的角速度為rad/sD在此過程中,桿對小球做功為12J10、下列說法正確的是_。（填正確答案標號，選對一個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯一個扣3分，最低得分為0分）A物體從外界吸收熱量的同時，物體的內(nèi)能可能在減小B分子間的引力和斥力，當時（為引力與斥

7、力大小相等時分子間距離），都隨分子間距離的增大而減小，但斥力比引力變化快C水黽（一種小型水生昆蟲）能夠停留在水面上而不陷入水中是由于液體表面張力的緣故D第二類永動機不可能制成，說明機械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能卻不能全部轉(zhuǎn)化為機械能E. 氣體的溫度升高時，分子的熱運動變得劇烈，撞擊器壁時對器壁的作用力增大，從而使氣體的壓強一定增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）一位同學用光電計時器等器材裝置做“驗證機械能守恒定律”的實驗，如圖甲所示通過電磁鐵控制的小球從B點的正上方A點自由下落，下落過程中經(jīng)過光電門B時，光電計時器記錄下小球過

8、光電門時間t，當?shù)氐闹亓铀俣葹?g(1)為了驗證機械能守恒定律，該實驗還需要測量下列哪些物理量_ A、AB之間的距離H；B、小球的質(zhì)量為m；C、小球從A到B的下落時間tABD、小球的直徑d(2)小球通過光電門時的瞬時速度v=_（用題中以上的測量物理量表達） (3)多次改變AB之間距離H，重復上述過程，作出1/t2隨H的變化圖象如圖乙所示，當小球下落過程中機械能守恒時，該直線斜率k=_12（12分）如圖所示，某實驗小組利用氣墊導軌和兩光電門A和B驗證滑塊和鉤碼組成的系統(tǒng)機械能守恒，己知滑塊的質(zhì)量為M，鉤碼的質(zhì)量為m，遮光條的寬度為d，滑塊通過光電門A、B的時間分別為t1和t1滑塊通過光電門B時

9、，鉤碼未落地，本地的重力加速度為g（1）氣墊導軌調(diào)平：取下牽引鉤碼，接通氣墊導軌裝置的電源，調(diào)節(jié)導軌下面的螺母，若滑塊放在氣墊導軌上的任意位置都能保持靜止，或者輕推滑塊，若通過光電門A、B的時間_，則導軌水平（1）在本實驗中，以下說法正確的是_（選填選項前的字母）A遮光條的寬度應(yīng)盡可能選較小的B選用的鉤碼的質(zhì)量應(yīng)遠小于滑塊的質(zhì)量C為了減小實驗誤差，光電門A、B的間距應(yīng)該盡可能大一些D用來牽引滑塊的細繩可以與導軌不平行（3）除了題目中給出的滑塊的質(zhì)量M和鉤碼的質(zhì)量m、遮光條的寬度d，滑塊通過光電門A、B的時間t1、t1重力加速度為g外，還需測量的物理量是_；驗證滑塊和鉤碼組成的系統(tǒng)機械能守恒的表

10、達式為_（用己知量和測量的量表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道，MN水平且足夠長，LM下端與MN相切。質(zhì)量為m的帶正電小球B靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2m的帶正電小球A從上距水平軌道高為h處由靜止釋放。在A球進入水平軌道之前，由于A、B兩球相距足夠遠，相互作用的靜電力忽略不計，A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能可認為是零，帶電小球均可視為質(zhì)點。己知重力加速度為g。(1)A、B兩球相距最近時，求A球的速度大小v.(2)A、B兩球相距最近時，求A、B兩球組成的系統(tǒng)的

11、電勢能EP(3)求A、B兩球最終的速度大小vA、vB14（16分）如圖所示，光滑水平面上，質(zhì)量為2m的小球B連接著輕質(zhì)彈簧，處于靜止狀態(tài)；質(zhì)量為m的小球A以速度v0向右勻速運動，接著逐漸壓縮彈簧并使B運動，過一段時間后，A與彈簧分離設(shè)小球A、B與彈簧相互作用過程中無機械能損失，彈簧始終處于彈性限度以內(nèi)(1)求當彈簧被壓縮到最短時，彈簧的彈性勢能E；(2)若開始時在小球B的右側(cè)某位置固定一塊擋板(圖中未畫出)，在小球A與彈簧分離前使小球B與擋板發(fā)生正碰，并在碰后立刻將擋板撤走設(shè)小球B與固定擋板的碰撞時間極短碰后小球B的速度大小不變，但方向相反設(shè)此后彈簧彈性勢能的最大值為Em，求Em可能值的范圍1

12、5（12分）如圖所示，長為l=1m的繩子下端連著質(zhì)量為m=1kg的小球，上端懸于天花板上，把繩子拉直，繩子與豎直線夾角為60，此時小球靜止于光滑的水平桌面上.問:（g取10 m/s2）（1）當球以1=4rad/s作圓錐擺運動時，繩子張力T1為多大? 桌面受到壓力為多大?（2）當球以2=6rad/s作圓錐擺運動時，繩子張力T2及桌面受到壓力各為多大?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】當汽車達到最大車速30m/s時，牽引力為2103N，可知汽車受到的阻力為2103N，汽車的額定功率為P=Fvm=210330

13、W=6104W，選項A錯誤，B正確；因F-圖線開始是直線，則斜率為Fv=P為定值，可知汽車以恒定功率啟動，開始做變加速運動，不做勻加速運動，后來做勻速運動，選項CD錯誤；故選B【點睛】此題考查學生對物理圖線的理解；要能從圖像中讀出有用的信息，知道圖線的函數(shù)關(guān)系及斜率的物理意義；知道機車啟動的兩種基本方式2、D【解析】設(shè)細線與豎直方向的夾角為，細線的拉力大小為T，細線的長度為LP球做勻速圓周運動時，由重力和細線的拉力的合力提供向心力，如圖，則有：，得角速度，使小球改到一個更高的水平面上作勻速圓周運動時，增大，減小，則得到細線拉力T增大，角速度增大，AB錯誤；對Q球，由平衡條件得知，Q受到桌面的靜

14、摩擦力等于細線的拉力大小，Q受到桌面的支持力等于重力，則靜摩擦力變大，Q所受的支持力不變，C錯誤D正確【點睛】本題中一個物體靜止，一個物體做勻速圓周運動，采用隔離法，分別根據(jù)平衡條件和牛頓第二定律研究，分析受力情況是關(guān)鍵3、C【解析】物體做勻加速直線運動，加速度為，可見，只有當v0=0時，a才等于是1m/s1故A錯誤前5s內(nèi)位移為，當v0=0時x=15m，故B錯誤根據(jù)推論可知，物體做勻加速直線運動，第5秒末的瞬時速度等于前10s內(nèi)的平均速度，所以前10s內(nèi)平均速度為10m/s，則前10s的位移一定為x=t=100m，故C正確，D錯誤故選C.4、C【解析】AB、對A受力分析，受重力、支持力以及B

15、對A的靜摩擦力，靜摩擦力提供向心力，有f=（3m）2r（3m）g故A錯誤，B正確；C、由于A、AB整體、C受到的靜摩擦力均提供向心力，故對A，有：（3m）2r（3m）g對AB整體，有：（3m+2m）2r（3m+2m）g對物體C，有：m2（1.5r）mg解得，故C錯誤，D正確故選BD【點睛】物體A隨轉(zhuǎn)臺一起以角速度勻速轉(zhuǎn)動，靠靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出B對A的摩擦力大小分別對A、AB整體、C受力分析，根據(jù)合力提供向心力，求出轉(zhuǎn)臺角速度的范圍5、B【解析】設(shè)斜面傾角為，小球落在斜面上速度方向偏向角為，甲球以速度v拋出，落在斜面上，如圖所示；根據(jù)平拋運動的推論可得tan=2tan，所以

16、甲乙兩個小球落在斜面上時速度偏向角相等；故對甲有：v甲末=；對乙有：v乙末=，所以；根據(jù) ，位移 ，則甲球落至斜面時的位移大小是乙球落至斜面時的4倍，故B正確、ACD錯誤；故選B【點睛】本題主要是考查了平拋運動的規(guī)律，知道平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動；解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動的兩個推論6、A【解析】功率不變，根據(jù)，隨著汽車速度的增大，F(xiàn)逐漸減小，汽車做的是加速度逐漸減小的變加速運動，作出汽車做變速運動的速度圖象（如圖所示曲線）若汽車在2min=120s內(nèi)做勻加速直線運動（即圖中直線），則位移為（圖中三角形面積），而該汽車變速運動的位移是圖中曲線與坐標軸圍成

17、的面積，一定大于600m，A正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】本題考查勻強電場中的電勢差和場強的關(guān)系以及電場力做功和電勢能之間的關(guān)系?！驹斀狻緼.根據(jù)，因a、b、c三點電勢分別為、，解得：原點處的電勢為，故A正確。B.因，電子從a點到b點電場力做功為，因電場力做正功，電勢能減小，則電子在a點的電勢能比在b點的高，故B錯誤。C.如圖在ac連線上找一點電勢為17V，根據(jù)勻強電場同一直線上，電勢差與長度成正比，故，即為等勢線，那么垂直連線則為電場線，故C錯

18、誤。D.，電子從b到c，電場力做功，故D正確。故選AD。8、ACD【解析】A開始時，a、b及傳送帶均靜止且a不受傳送帶摩擦力作用，有則b上升h，則a下降hsin，則a重力勢能的減小量為maghsin=mgh故A正確；BC根據(jù)能量守恒得，系統(tǒng)機械能增加，摩擦力對a做的功等于a、b機械能的增量所以摩擦力做功大于a的機械能增加因為系統(tǒng)重力勢能不變，所以摩擦力做功等于系統(tǒng)動能的增加，故B錯誤，C正確；D任意時刻a、b的速率相等，對b，克服重力的瞬時功率Pb=mgv對a有：Pa=magvsin=mgv所以重力對a、b做功的瞬時功率大小相等，故D正確9、AB【解析】當桿靜止時，小球受力平衡，根據(jù)力的平衡條

19、件可求壓縮量，從而求彈簧的長度；對小球分析，抓住豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，列式聯(lián)立求出勻速轉(zhuǎn)動的角速度；結(jié)合最高點的動能，運用動能定理求出桿對小球做功的大小【詳解】當桿靜止時，小球受力平衡，根據(jù)力的平衡條件可得：mgsin30=kx，代入數(shù)據(jù)解得：x=0.5m，所以彈簧的長度為：l1=l0-x=0.5m，故A正確；當彈簧伸長量為0.5m時，小球受力如圖示：水平方向上：F2cos30+Nsin30=m22（l0+x）cos30；豎直方向上：Ncos30=mg+F2sin30；彈簧的彈力為：F2=kx；聯(lián)立解得：2=rad/s，故B正確；當彈簧恢復原長時，由牛頓第二定律可得

20、：mgtan30=m12l0cos30，解得：1=rad/s，故C錯誤；在此過程中，彈簧的彈力做功為0，由動能定理可得：W-mg2xsin30=m2（l0+x）cos302-0，解得：W=12.5J，故D錯誤。故選AB。【點睛】本題考查了動能定理、牛頓第二定律、胡克定律與圓周運動的綜合，知道小球做勻速轉(zhuǎn)動時，靠徑向的合力提供向心力，并結(jié)合豎直方向上的合力為零，聯(lián)立求解10、ABC【解析】A、如果吸收熱量的同時，物體還對外做功，且對外做的功比吸收的熱量多，根據(jù)熱力學第一定律可知，物體的內(nèi)能在減小，A項正確；B、分子間的引力和斥力，都隨分子間距離的增大而減小，但斥力比引力減少得快，B正確；C、由于

21、液體表面分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液體表面分子間表現(xiàn)為引力，這個引力即為液體表面張力，正是因為這種張力的存在，水黽才能停留在水面上而不陷入水中，做C正確；D、第二類永動機不可能制成，說明機械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能卻不能全部轉(zhuǎn)化為機械能，同時不引起其他變化，D項錯誤；E、一定質(zhì)量的理想氣體的溫度升高時，分子的熱運動變得劇烈，分子的平均動能增大，由于不清楚體積的變化，根據(jù)氣體狀態(tài)方程知道氣體的壓強變化無法確定。故E錯誤。故選ABC?！军c睛】熱力學第一定律的應(yīng)用，要注意明確做功和熱傳遞在改變內(nèi)能上是等效的，要綜合考慮二者的影響分析內(nèi)能的變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫

22、在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1) AD (2) d/t 2g/d2 【解析】（1）根據(jù)實驗原理可知，需要測量的是A點到光電門B的距離，故A正確；根據(jù)機械能守恒的表達式可知，方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測量質(zhì)量，故B錯誤；利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度，不需要測量下落時間，故C錯誤；利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度時，需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測量小球的直徑，故D正確。故選AD。（2）已知經(jīng)過光電門時的時間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時的速度；故v=；（3）若減小的重力勢能等于增加的動能時，可以認為機械能守恒；則有：mgH=

23、mv2；即：2gH=（）2解得： ，那么該直線斜率k0=。12、相等ACA、B光電門之間的距離L【解析】（1）實驗開始應(yīng)先調(diào)節(jié)氣墊導軌下面的螺釘，在不掛重物的情況下輕推滑塊，若滑塊做勻速直線運動，滑塊通過光電門速度相等，則光電門的擋光時間相等，證明氣墊導軌已經(jīng)水平。（1）A、滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度用平均速度來代替，由求出，d越小，誤差越小，故A項正確。B、本實驗不需要測量細繩對滑塊的拉力，即不需要用鉤碼的質(zhì)量代替細繩的拉力，所以不需要滿足鉤碼的質(zhì)量m應(yīng)遠小于滑塊的總質(zhì)量M這個條件，故B項錯誤。C、光電門A、B的間距越大，相對誤差越小，故C項正確。D、用來牽引滑行器M的細繩必須與導軌平行，這

24、樣鉤碼下降的高度與滑塊滑行的距離相等。故D項錯誤。(3)滑行器經(jīng)過光電門A、B的速度近似等于滑塊經(jīng)過光電門時的平均速度，分別為 ，設(shè)兩光電門間的距離為L，鉤碼的重力勢能減少量為：鉤碼及滑塊的動能增加量相等為：要驗證機械能守恒的表達式為：實驗還需要測量兩光電門間的距離L四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）mgh（3） ；【解析】(1)對球下滑的過程，由動能定理得：解得：(2)當球進入水平軌道后，、兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，當、相距最近時，兩球速度相等，由動量守恒定律可得：由能量守恒定律得：聯(lián)立解得：(3)當

25、、相距最近之后，由于靜電斥力的相互作用，它們將會相互遠離，當它們相距足夠遠時，它們之間的相互作用力可視為零，電勢能也視為零，它們就達到最終的速度，該過程中，、兩球組成的系統(tǒng)動量守恒、能量也守恒，由動量守恒定律可得：由能量守恒定律可得：解得：14、1）E=（2）【解析】（1）當A球與彈簧接觸以后，在彈力作用下減速運動，而B球在彈力作用下加速運動，彈簧勢能增加，當A、B速度相同時，彈簧的勢能最大設(shè)A、B的共同速度為v，彈簧的最大勢能為E，則A、B系統(tǒng)動量守恒：mv0=（m+2m）v由機械能守恒： 聯(lián)立兩式得： ；（2）設(shè)B球與擋板碰撞前瞬間的速度為vB，此時A的速度為vA系統(tǒng)動量守恒：mv0=mv

26、A+2mvBB與擋板碰后，以vB向左運動，壓縮彈簧，當A、B速度相同（設(shè)為v共）時，彈簧勢能最大，為Em，則：mvA-2mvB=3mv共 由兩式得： 代入式，化簡得： 而當彈簧恢復原長時相碰，vB有最大值vBm，則：mv0=mvA+2mvBm 聯(lián)立以上兩式得vB的取值范圍為： 結(jié)合式可得：當時，Em有最大值為： 當時，Em有最小值為：15、（1）16N；2N（2）36N；0【解析】當小球剛好與水平面接觸時，受力如圖；對小球，由牛頓第二定律 故臨界角速度（1），根據(jù)小球受力情況可得： 繩子的張力： 由牛頓第三定律，桌面受到的壓力：.（2），小球離開斜面，繩子與豎直方向夾角為𝜶，故受力又如圖. 繩子的張力： N2=0，由牛頓第三定律，桌面受到的壓力：.