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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、導體的電阻是2，在24s內(nèi)通過導體橫截面的電量是480C，這時加在導體兩端的電壓是（ ）A960V B40V C16V D60V2、如圖,有一提升重物用的直流電動機,內(nèi)阻r=0.6,R=10,U=160V ,電壓表的讀數(shù)為110V,則下列說法正確的是A通過電動機的電流為5AB通過電動機的電流為4AC在電動機中發(fā)熱的功率為5WD輸入到電動機的電功率為500W3、如圖所示，水平地面上質(zhì)量為的木塊，受到大小為、方向與水平方向成角的拉力作用，沿地面做勻加速直線運動已知木塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為，則木塊的加速度大小為ABCD4、下列是某同學對電場中的概念、公式的理解，其中正確的是（ ）A

3、根據(jù)電場強度的定義式E=F/q，電場中某點的電場強度和試探電荷的電荷量成反比B根據(jù)電容定義式C=Q/U，電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C根據(jù)真空中點電荷場強公式，電場中某點場強和場源電荷的電荷量成正比D根據(jù)E=U/d，可知在勻強電場中，電場強度與電壓成正比5、 下列敘述正確的是（ ）A放在勻強磁場中的通電導線受到恒定不變的磁場力B沿磁感線方向，磁場逐漸減弱C磁場的方向就是通電導體所受磁場力的方向D安培力的方向一定垂直磁感應強度和直導線所決定的平面6、下列說法正確的是（）A不帶電的物體一定沒有電荷B只有體積很小的帶電體才能被看成點電荷C元電荷是表示跟一個電子所帶電荷量數(shù)值相等的電

4、荷量D感應起電說明電荷從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體上去了二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的豎直平面的xOy坐標系中，x軸上固定一個點電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細桿（細桿的下端剛好在坐標原點O處），將一個套在桿上重力不計的帶電圓環(huán)（視為質(zhì)點）從桿上P處靜止釋放，圓環(huán)從O處離開細桿后恰好繞點電荷Q做圓周運動。下列說法正確的是A圓環(huán)沿細桿從P運動到O的過程中，加速度一直減小B圓環(huán)沿細桿從P運動到O的過程中，速度一直增大C若僅增大圓環(huán)所帶的電荷量，圓環(huán)從

5、0處離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動D將帶電圓環(huán)從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環(huán)從D處離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動8、2018年珠海航展，我國五代戰(zhàn)機“殲20”再次閃亮登場表演中，戰(zhàn)機先水平向右，再沿曲線ab向上(如圖)，最后沿陡斜線直入云霄設飛行路徑在同一豎直面內(nèi)，飛行速率不變則沿ab段曲線飛行時，戰(zhàn)機A所受合外力大小為零B所受合外力方向不斷變化C豎直方向的分速度逐漸增大D水平方向的分速度不變9、某靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x變化規(guī)律如圖所示一質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子(不計重力)，以初速度v0從O點(x0)進入電場，僅在電場力的作用下沿x軸正方向運動下列說法正確的是

6、() A粒子從O運動到x1的過程中做勻加速直線運動B粒子從x1運動到x3的過程中，電勢能一直減少C若v0為 ，帶電粒子在運動過程中的最大速度為D若使粒子能運動到x4處，則初速度v0至少為10、如圖甲所示，一長直導線沿南北方向水平放置，在導線下方有一靜止的靈敏小磁針現(xiàn)在導線中通以圖甲所示的恒定電流，測得小磁針偏離南北方向的角度的正切值tan與小磁針離開導線的距離之間的關(guān)系如圖乙所示若該處地磁場的水平分量為B0，則下列判斷中正確的是（）A通電后，小磁針的N極向紙里偏轉(zhuǎn)B通電后，小磁針靜止時N極所指的方向即為電流在小磁針處產(chǎn)生的磁場方向C電流在x0處產(chǎn)生的磁場的磁感應強度大小為B0Dx0處合磁場的磁

7、感應強度大小為2B0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測量“水果電池”的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，將一銅片和一鋅片分別插入同一只蘋果內(nèi)，就構(gòu)成了簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V，可是這種電池并不能點亮額定電壓為1.5V，額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡。原因是流過小燈泡的電流太小了，經(jīng)實驗測定電流約為3mA?，F(xiàn)有下列器材：待測“水果電池”電流表A：滿偏電流3mA，電阻約10電壓表V：量程01.5V，電阻約1000滑動變阻器R1：030滑動變阻器R2：030k開關(guān)、導線等實驗器材 (1)本實驗選用上面所示的實驗原理圖，應

8、該選用哪種規(guī)格的滑動變阻器_；（填寫儀器代號）(2)在實驗中根據(jù)電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I的值，得到UI圖象如上圖所示，根據(jù)圖中所給數(shù)據(jù)，則“水果電池”的電動勢E=_V，內(nèi)電阻r=_；(3)若不計測量中的偶然誤差，用這種方法測量得出的電動勢和內(nèi)電阻的值與真實值相比較，電動勢E_（選填“偏大”或“相等”或“偏小”），內(nèi)電阻r_（選填“偏大”或“相等”或“偏小”）。12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，使用的小燈泡標有“6V 3W”，其他可供選擇的器材有：A電壓表V1（量程6V，內(nèi)阻約20k）B電壓表V2（量程20V，內(nèi)阻約60k）C電流表A1（量程3A，內(nèi)阻約0.2）D電流表

9、A2（量程0.6A，內(nèi)阻約1）E.滑動變阻器R1（0-1000，0.5A）F.滑動變阻器R2（0-10，2A）G.學生電源E（6V到8V）H.開關(guān)S及導線若干實驗中為減小實驗誤差，方便調(diào)節(jié)，電壓表應使用_（填器材前序號字母），電流表應選用_（填器材前序號字母），滑動變阻器應選用_（填器材前序號字母），在下面的四個電路中，應選用_A B C D四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一個質(zhì)量m=2kg的物體在水平拉力F的作用下，在光滑水平面上從靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)過時間t=6s速度變?yōu)関=12m/s求：（

10、1）物體的加速度a的大?。?）水平拉力F的大小14（16分）如圖所示，電源的電動勢為50V，電源內(nèi)阻為10，定值電阻R=14，M為直流電動機，電樞電阻R=20，電動機正常運轉(zhuǎn)時，電壓表讀數(shù)為35V，求在100s時間內(nèi)電源做的功和電動機上轉(zhuǎn)化為機械能的部分是多少？15（12分）在圖示電路中，電源的內(nèi)阻當開關(guān)S閉合，將滑動變阻器的滑片移到某一位置時，電阻的燈泡L正常發(fā)光，此時電源的總功率，電源的輸出功率求： （1）燈泡L正常發(fā)光時通過電源的電流I；（2）燈泡L正常發(fā)光時滑動變阻器接入電路的有效電阻參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

11、目要求的。1、B【解析】由得，由歐姆定律可得，B正確2、A【解析】AB電動機和電阻串聯(lián)，所以電流相等，電阻R兩端電壓則有所以通過電動機的電流為5A，故A正確，B錯誤；C電動機的熱功率故C錯誤；D電動機的電功率故D錯誤。3、D【解析】對物體受力分析可以知道，物體受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，在水平方向有，豎直方向有，滑動摩擦力，根據(jù)以上三式聯(lián)立可以求得所以選項是正確的點睛：物體受多力作用時，采用正交分解法進行分析，分解為兩方向立式后，再找兩方向之間的關(guān)聯(lián)，最終聯(lián)立方程組求解4、C【解析】A、公式是電場強度的定義式，電場強度大小有電場本身的性質(zhì)決定，與試探電荷q無關(guān)，與所受到的電場力F無關(guān)

12、，故A錯誤；B、公式是電容定義式，電容也是電容器本身的性質(zhì)，和極板上的電荷量及電壓無關(guān)，故B錯誤；C、公式是真空中點電荷電場強度決定式，當距離r變大時，電場強度變小，電場中某點場強和場源電荷的電荷量成正比，故C正確；D、公式是E與U的關(guān)系式，在勻強電場中，電場強度不變，與電壓無關(guān)，故D錯誤；故選C。5、D【解析】放在勻強磁場中的通電導線受到的安培力，只有當B、I、L與都是恒定時，導線所受的安培力才是恒定的，故A錯誤；磁感線的疏密表示磁場的強弱，與磁感線的方向無關(guān)，故B錯誤；根據(jù)左手定則，磁場的方向與通電導體所受磁場力的方向垂直；磁場的方向就是小磁針的N極在磁場中所受磁場力的方向，故C錯誤；根據(jù)

13、左手定則，安培力的方向一定垂直磁感應強度和直導線所決定的平面，故D正確所以D正確，ABC錯誤6、C【解析】A物體不帶電是因為所帶的正電荷和負電荷的電量相等，所以不顯電性，故選項A錯誤；B帶電體的形狀、體積對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，與體積大小無關(guān)，B錯誤；C元電荷指的是自然界中可單獨存在的最小電荷量，并不是指一個帶電粒子，一個電子帶的電荷量與元電荷相等，故C正確；D感應起電是指電荷從導體的一個部分轉(zhuǎn)移到物體另一個部分，不是電荷從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體上去了，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項

14、是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】圓環(huán)從P運動到O的過程中，受庫侖引力、彈力，庫侖引力沿桿方向上的分力等于圓環(huán)的合力，滑到O點時，所受的合力為零，加速度為零，故A錯誤；圓環(huán)從P運動到O的過程中，庫侖引力做正功，動能一直增大，則速度也一直增大，故B正確；根據(jù)動能定理： ，解得到O點的速度為，庫侖力提供向心力得： ，可得： ，由此可知與電荷量無關(guān)，圓環(huán)仍然可以做圓周運動，若增大高度，知電勢差U增大，庫侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運動，故C正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。8、BC【解析】A.戰(zhàn)機做曲線運動，運動狀態(tài)發(fā)生變化，合外力不為

15、零，故A錯誤； B.戰(zhàn)機飛行速率不變，合力方向始終與速度方向垂直，即指向圓心，故B正確； C.飛機速度大小不變，與水平方向的傾角增大，則vy=vsin增大，即豎直方向的分速度逐漸增大，故C正確； D.飛機速度大小不變，與水平方向的傾角增大，則vx=vcos減小，即水平方向的分速度減小，故D錯誤9、BC【解析】粒子從O運動到x1的過程中，電勢升高，場強方向沿x軸負方向，粒子所受的電場力方向也沿x軸負方向，與粒子的速度方向相反，則粒子做減速運動故A錯誤；粒子從x1運動到x3的過程中，電勢不斷降低，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能越大，可知，粒子的電勢能不斷減小故B正確；若v0=，粒子運動到x3處電勢能最

16、小，動能最大，由動能定理得 q0-（-0）= ，解得最大速度為vm=故C正確；根據(jù)電場力和運動的對稱性可知：粒子如能運動到x1處，就能到達x4處，當粒子恰好運動到x1處時，由動能定理得： ，解得，要使粒子能運動到x4處，粒子的初速度v0至少為故D錯誤故選BC點睛：此題也可以根據(jù)電勢隨x的分布圖線可以得出電勢函數(shù)關(guān)系，由電勢能和電勢關(guān)系式得出電勢能的變化對于速度問題，往往利用動能定理列方程解答10、AC【解析】A、根據(jù)安培定則可知，通電后，小磁針的N極向紙里偏轉(zhuǎn)，故A正確；B、磁場的磁感應強度是矢量，通電后，小磁針靜止時N極所指的方向即為電流在小磁針處產(chǎn)生的磁場與地球的磁場的合磁場的方向，故B錯

17、誤；C、電流在x0處產(chǎn)生的磁場的磁感應強度大小為BI，則：，所以：，故C正確；D、由矢量的合成可知，x0處合磁場的磁感應強度大小為，故D錯誤；故選AC【點睛】根據(jù)安培定則判斷小磁針偏轉(zhuǎn)的方向；小磁針后來的指向為合磁場方向，因此根據(jù)平行四邊形定則，已知某個磁場大小和方向與合磁場方向，可以求出另一個磁場大??；分析明確產(chǎn)生磁場與地磁場之間的關(guān)系，同時根據(jù)圖象進行分析即可明確對應的結(jié)論三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R2 1.5V 500 相等 偏大 【解析】(1)“水果電池”電動勢約為1.5V，電流約為3mA，估算其內(nèi)阻約為500，要使電

18、路電流變化范圍大一些，需要選用與電源內(nèi)阻接近的滑動變阻器，故選用R2；(2)根據(jù)圖象可知：縱截距表示電動勢，斜率絕對值表示內(nèi)阻。故電動勢為1.50V，內(nèi)電阻為500。(3)根據(jù)歐姆定律可得，由此可知電動勢E測量值等于真實值，而內(nèi)電阻測量值大于真實值，因為還包含電流表內(nèi)阻。12、A D F C 【解析】1描繪小燈泡的伏安特性曲線，通過小燈泡的電流從零開始，故滑動變阻器采用分壓接法，選最大阻值小些的，即選R2；2小燈泡額定電壓為6V，故電壓表選V1；3對小燈泡，額定電流為A故電流表選A2；4由于小燈泡電阻遠小于電壓表內(nèi)阻，故電流表外接，綜合滑動變阻器的分壓接法，故電路圖選C；四、計算題：本題共2小

19、題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s2（2）4N【解析】試題分析：（1）由運動學規(guī)律可知：，故，（2）根據(jù)牛頓第二定律有：考點：考查了牛頓第二定律與運動學公式的應用【名師點睛】連接牛頓第二定律與運動學公式的紐帶就是加速度，所以在做這一類問題時，特別又是多過程問題時，先弄清楚每個過程中的運動性質(zhì)，根據(jù)牛頓第二定律求加速度然后根據(jù)加速度用運動學公式解題或者根據(jù)運動學公式求解加速度然后根據(jù)加速度利用牛頓第二定律求解力14、在100s內(nèi)電源做的功；在100s內(nèi)電動機轉(zhuǎn)化為機械能的部分有【解析】內(nèi)阻和電阻R上的電壓為）由歐姆定律得電路電流為在100s內(nèi)電源做的功在100s內(nèi)電動機轉(zhuǎn)化為機械能的部分有15、 (1) (2) 【解析】（1）電源內(nèi)阻消耗的功率為：，通過電源的電流為：；（2）外電路的總電阻為：，又：，解得：；