《遼寧省五校2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《遼寧省五校2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）.doc（15頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，其圖象如圖所示，則 ()A質(zhì)點(diǎn)

2、在1 s末的速度為1.5 m/sB質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的平均速度為1.5 m/sC質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在前2秒內(nèi)的位移為2mD質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度為0.5 m/s22、汽車(chē)已成為人們廣泛使用的代步工具，而車(chē)輛平穩(wěn)加速（即加速度基本不變）使人感到舒服，否則感到不舒服，關(guān)于“加速度的變化率”，下列說(shuō)法正確的是（ ）A加速度的變化率為0的運(yùn)動(dòng)是勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B加速度的變化率越大則速度變化越快C在如圖所示的at圖象中，表示的是物體的速度隨時(shí)間在均勻減小D在如圖所示的at圖象中，若物體在t=0時(shí)速度為5 m/s，則2 s末的速度大小可能為8 m/s3、為了節(jié)省能量，某商場(chǎng)安裝了智能化的電動(dòng)扶梯無(wú)人乘

3、行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會(huì)先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個(gè)過(guò)程，如圖所示那么下列說(shuō)法中正確的是A顧客始終受到三個(gè)力的作用B顧客始終處于超重狀態(tài)C顧客對(duì)扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D顧客對(duì)扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下4、質(zhì)量為m的物體，由靜止開(kāi)始下落，由于阻力作用，下落的加速度為，在物體下落h的過(guò)程中，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（ ）A物體的動(dòng)能增加了B物體的機(jī)械能減少了C物體克服阻力所做的功為D物體的重力勢(shì)能減少了5、設(shè)同步衛(wèi)星離地心的距離為r，運(yùn)行速率為v1，加速度為a1；地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a2，第一宇宙速度為v2，

4、地球的半徑為R，則下列比值正確的是（）ABCD6、物體做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度為3 m/s2，下列說(shuō)法正確的是( )A物體的末速度一定比初速度大3 m/sB物體在每1 s內(nèi)的位移是3 mC物體在第3 s末的速度一定比第2 s末的速度大3 m/sD物體在第3 s初的速度一定比第2 s末的速度大3 m/s二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖甲所示的電路中，L1、L2和L3為三個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)如圖乙所示，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.

5、25A則此時(shí)（）AL1的電壓為L(zhǎng)2電壓的2倍BL1消耗的電功率為0.75WCL1、L2消耗的電功率的比值大于4：1DL2的電阻為128、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質(zhì)D構(gòu)成電容器通過(guò)開(kāi)關(guān)S及電阻及與電源E相連接則AM上移電容器的電容變大B將D從電容器抽出，電容變小C斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，M上移，MN間電壓將增大D閉合開(kāi)關(guān)S，M上移，流過(guò)電阻及的電流方向從B到A9、如圖甲所示，木塊放在水平桌面上，給木塊施加一隨時(shí)間t增大的水平力F=kt(k是常數(shù))，摩擦力傳感器描繪出木塊受到的摩擦力Ff隨著時(shí)間t變化的圖線(xiàn)如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（ ）A木塊在t2時(shí)刻開(kāi)始運(yùn)動(dòng)B木塊在t2時(shí)刻以后做勻速直線(xiàn)

6、運(yùn)動(dòng)C滑動(dòng)摩擦力的大小等于Ff 1D最大靜摩擦力的大小等于Ff 210、如圖所示，小物塊P放在固定斜面上，用不可伸長(zhǎng)的輕軟細(xì)繩，通過(guò)固定在斜面上的定滑輪與小物塊Q相連，細(xì)繩拉緊釋放物塊Q，小物塊P從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，細(xì)繩對(duì)物塊P的拉力做功15J，物塊P克服重力做功5J，物塊P的動(dòng)能增加5J，滑輪的摩擦與質(zhì)量不計(jì)，滑輪與物塊P之間的細(xì)繩與斜面平行，則該過(guò)程中A物塊Q的機(jī)械能減少15JB物塊P克服摩擦力做功5JC物塊Q的重力勢(shì)能減少15JD物塊P的機(jī)械能增加15J三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某學(xué)習(xí)小組想做“測(cè)量一節(jié)干電池的電

7、動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)（1）該小組分配到的器材中，有兩個(gè)由相同電阻絲繞制而成的滑動(dòng)變阻器，阻值分別為、，但變阻器阻值標(biāo)簽?zāi)：瑹o(wú)法識(shí)別則根據(jù)已有知識(shí)并結(jié)合圖（a），本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇的變阻器是_A甲為，選擇甲 B甲為，選擇甲C乙為，選擇乙 D乙為，選擇乙（2）該小組選擇了合適的滑動(dòng)變阻器后進(jìn)行電路連接，如圖（b）所示為在接最后一根導(dǎo)線(xiàn)之前電路中各元件的放大情形，此時(shí)該電路存在的兩處錯(cuò)誤為_(kāi)（3）小組成員糾正錯(cuò)誤后重新開(kāi)始進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得數(shù)據(jù)后，在坐標(biāo)紙中描點(diǎn)，如圖（c）請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙中描出圖象_,并計(jì)算出該小組的舊電池的內(nèi)阻r=_（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）某學(xué)生用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量物塊與斜

8、面的動(dòng)摩擦因數(shù)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，物塊下滑過(guò)程中所得到的紙帶的一部分如圖（b）所示，圖中標(biāo)出了5個(gè)連續(xù)點(diǎn)之間的距離（1）物塊下滑是的加速度a=_m/s2；打點(diǎn)C點(diǎn)時(shí)物塊的速度v=_m/s；（2）已知重力加速度大小為g，求出動(dòng)摩擦因數(shù)，還需測(cè)量的物理量是_（填正確答案標(biāo)號(hào)）A物塊的質(zhì)量 B斜面的高度 C斜面的傾角四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）雙星系統(tǒng)由兩顆恒星組成，兩恒星在相互引力的作用下，分別圍繞其連線(xiàn)上的某一點(diǎn)做周期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng). 研究發(fā)現(xiàn)，雙星系統(tǒng)演化過(guò)程中，兩星的總質(zhì)量

9、、距離和周期均可能發(fā)生變化. 若某雙星系統(tǒng)中兩星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間演化后，兩星總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的k倍，兩星之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的n倍，則此時(shí)圓周運(yùn)動(dòng)的周期為多少？14（16分）一個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的均勻磁場(chǎng)，垂直于一軌距為l的導(dǎo)軌（導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)）軌道與水平面有的切角，一根無(wú)摩擦的導(dǎo)體棒，質(zhì)量為m，橫跨在兩根導(dǎo)軌上，如圖所示。如果由導(dǎo)體棒和軌道組成的電路在以下幾種不同情況下被閉合，當(dāng)從靜止開(kāi)始放開(kāi)導(dǎo)體棒后，棒將會(huì)如何運(yùn)動(dòng)呢?（除電阻R外，其余電路的電阻都忽略不計(jì)，電磁輻射忽略不計(jì)，線(xiàn)圈的自感電動(dòng)勢(shì)）(1)一個(gè)阻值為R的電阻；(2)一個(gè)電容為C的電容；(3)一個(gè)電感為L(zhǎng)的線(xiàn)圈。15（12分

10、）如圖所示，一軌道由半徑為2 m的四分之一豎直圓弧軌道AB和長(zhǎng)度可以調(diào)節(jié)的水平直軌道BC在B點(diǎn)平滑連接而成現(xiàn)有一質(zhì)量為0.2 kg的小球從A點(diǎn)無(wú)初速度釋放，經(jīng)過(guò)圓弧上的B點(diǎn)時(shí)，傳感器測(cè)得軌道所受壓力大小為3.6 N，小球經(jīng)過(guò)BC段所受阻力為其重力的0.2倍，然后從C點(diǎn)水平飛離軌道，落到水平面上的P點(diǎn)，P、C兩點(diǎn)間的高度差為3.2 m小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中可以視為質(zhì)點(diǎn)，且不計(jì)空氣阻力（1）求小球運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)的速度大??；（2）求小球在圓弧軌道上克服摩擦力所做的功；（3）為使小球落點(diǎn)P與B點(diǎn)的水平距離最大，求BC段的長(zhǎng)度；（4）小球落到P點(diǎn)后彈起，與地面多次碰撞后靜止假設(shè)小球每次碰撞機(jī)械能損失75%，碰撞前后

11、速度方向與地面的夾角相等求小球從C點(diǎn)飛出后靜止所需的時(shí)間參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】ACD.由圖得：根據(jù)：得：對(duì)比可得：m/s則加速度為：m/s2由圖知質(zhì)點(diǎn)的加速度不變，說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)在1s末速度為：1+1=2m/s前2s內(nèi)的位移為：m故ACD錯(cuò)誤。B.質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的平均速度：m/s故B正確。2、D【解析】A加速度變化率為0是指加速度保持不變，如果加速度為0，則物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，如果加速度不為0，則物體做勻變速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B加速度的變化率越大則加速度變化越快，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

12、C若加速度與速度同向，則物體作加速運(yùn)動(dòng)，如圖示加速度減小，則物體速度增加得變慢了，但仍是加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)v-t圖象可知，圖象與時(shí)間軸所圍圖形面積表示物體的位移，同理在a-t圖象中可知圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面積表示物體速度的變化量即v，則得：v=23m/s=3m/s由于加速度與速度同向，故物體做變加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，已知初速度為5m/s，則小球在2s末的速度為8m/s，故D正確【點(diǎn)睛】本題要加速度的物理意義，掌握其定義方法和單位，知道在a-t圖象中圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面積表示物體速度的變化量，能理解加速運(yùn)動(dòng)與減速運(yùn)動(dòng)由加速度與速度方向決定而不是由加速度的大小變化決定3、C【解析】試題分析：

13、以人為研究對(duì)象，加速過(guò)程中，人受到靜摩擦力、重力、支持力三個(gè)力的作用下沿電梯加速上升，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，人受到重力和支持力作用，故A錯(cuò)誤；在慢慢加速的過(guò)程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，處于超重狀態(tài)；由牛頓第三定律，它的反作用力即人對(duì)電梯的作用方向指向向左下，在勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對(duì)扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下；故BD錯(cuò)誤，C正確故選C考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用4、B【解析】A物體的合力做正功為，則物體的動(dòng)能增量為，所以選

14、項(xiàng)A正確；B物體下落過(guò)程中，受到阻力為，物體克服阻力所做的功，機(jī)械能減小量等于阻力所做的功，故機(jī)械能減少，故BC錯(cuò)誤；D物體下落高度，重力做功為，則重力勢(shì)能減小為，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題應(yīng)明確重力勢(shì)能變化是由重力做功引起，而動(dòng)能變化是由合力做功導(dǎo)致，除重力以外的力做功等于機(jī)械能的變化5、D【解析】對(duì)于地球同步衛(wèi)星和以第一宇宙速度運(yùn)動(dòng)的近地衛(wèi)星，由萬(wàn)有引力提供做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力得到：，解得 得：，故A錯(cuò)誤，D正確。因?yàn)榈厍蛲叫l(wèi)星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，由a1=2r，a2=2R可得，故BC錯(cuò)誤；故選D。6、C【解析】因物體的加速度為3 m/s2，則物體的末速度一定比

15、初速度大3t m/s，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)可知物體在每1 s內(nèi)的位移不能確定的，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體在第3 s末的速度一定比第2 s末的速度大at=31m/s=3 m/s，選項(xiàng)C正確；第3 s初和第2 s末是同一時(shí)刻，速度值相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】燈泡是非線(xiàn)性元件，根據(jù)L1、L2、L3的電壓，由伏安特性曲線(xiàn)可讀出電流，由R=U/I算出它們的電阻，再依據(jù)功率表達(dá)式P=UI，及并聯(lián)電路電壓相等，串聯(lián)電路電流相等，從而即可求解【詳解

16、】A. 電路中的總電流為0.25A，則通過(guò)L1的電流為0.25A，則由圖可知，L1兩端的電壓為3.0V；因L2和L3并聯(lián)，則L2和L3電壓相等，它們的電阻相等，因此它們的電流也相等，則通過(guò)L2電流為0.125A，則由圖可知，L2兩端的電壓約為0.4V，故A錯(cuò)誤；B、由伏安特性曲線(xiàn)可以讀出電流為I1=0.25A，電壓為U1=3V時(shí)的，L1消耗的電功率為P=U1I1=30.25=0.75W，故B正確； C、通過(guò)R2的電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，功率P2=U2I2，約為0.05W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4：1，故C正確； D、電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，

17、L2的電阻R2=U2/I2，約為3，故D錯(cuò)誤； 故選BC.8、BC【解析】，根據(jù)電容的決定式可知，當(dāng)M向上移時(shí)，板間距離d增大，電容器的電容變??；當(dāng)將D從電容器抽出，介電常數(shù)減小，電容器的電容變小，故A錯(cuò)誤，B正確；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，M上移，電量不變，而電容減小，根據(jù)電容的定義式，可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開(kāi)關(guān)S，電壓不變，M上移時(shí)電容減小，則由可知，電量Q減小,電容器放電，流過(guò)電阻的電流方向從A到B，故D錯(cuò)誤選BC.【點(diǎn)睛】根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化電容器的板間電壓不變，根據(jù)電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向9、ACD【解析】AB：由圖知：t2時(shí)刻木塊

18、受的摩擦為最大靜摩擦，水平力F=kt，木塊在t2時(shí)刻開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，以后拉力大于滑動(dòng)摩擦力，t2時(shí)刻以后做變加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；故A正確、B錯(cuò)誤。C：木塊在t2時(shí)刻開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，t2時(shí)刻以后物體受滑動(dòng)摩擦力，則滑動(dòng)摩擦力的大小等于Ff 1；故C正確。D：t2時(shí)刻木塊受的摩擦為最大靜摩擦，最大靜摩擦力的大小等于Ff 2；故D正確。點(diǎn)睛：根據(jù)圖象推出對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)情景，再將情景與圖象對(duì)應(yīng)分析。10、AB【解析】A、細(xì)繩對(duì)物塊P的拉力做功15 J，則有物塊Q克服拉力做功15 J，所以物塊Q的機(jī)械能減少15 J，故A正確；B、對(duì)物塊P，由動(dòng)能定理可得，解得物塊P克服摩擦力做功5 J，故B正確；C、物塊P的動(dòng)能增加，則有物

19、塊Q的動(dòng)能增加，根據(jù)可知物塊Q的機(jī)械能減少量等于物塊Q的重力勢(shì)能減少量與物塊Q的動(dòng)能增加量之和，所以物塊Q的重力勢(shì)能減少量大于15J，故C錯(cuò)誤；D、物塊P的機(jī)械能增加量等物塊P的重力勢(shì)能增加量與物塊P的動(dòng)能增加量之和，所以物塊P的機(jī)械能增加10J，故D錯(cuò)誤；故選AB【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是細(xì)繩對(duì)物塊P的拉力與細(xì)繩對(duì)物塊Q的拉力大小相等，細(xì)繩對(duì)物塊P的拉力做功等于物塊Q克服拉力做功，物塊的機(jī)械能變化量等于物塊的重力勢(shì)能變化量與物塊的動(dòng)能變化量之和三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、C CD 【解析】(1)1根據(jù)，匝數(shù)多的阻值大，所以甲的阻為，乙的阻

20、值為，一節(jié)干電池的內(nèi)阻約為左右，所以應(yīng)選的滑動(dòng)變阻器所以選C(2)2滑動(dòng)變阻器的阻值在閉合電建前，應(yīng)該接入電路的阻值最大故C錯(cuò)誤接線(xiàn)過(guò)程中電鍵應(yīng)該是斷開(kāi)的故D錯(cuò)誤(3)34作出電源U-I圖象如圖所示電源內(nèi)阻：12、（1）3.25 1.79 （2）C【解析】試題分析：（1）根據(jù)，有：，解得：打C點(diǎn)時(shí)物塊的速度：（2）對(duì)滑塊，根據(jù)牛頓第二定律，有：，解得：故還需要測(cè)量斜面的傾角，故選C；考點(diǎn)：測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)實(shí)驗(yàn)【名師點(diǎn)睛】實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理選擇器材，安排實(shí)驗(yàn)步驟，分析實(shí)驗(yàn)誤差，進(jìn)行數(shù)據(jù)處理等等四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方

21、程式和演算步驟。13、【解析】雙星靠彼此的引力提供向心力，則有對(duì)m1有：對(duì)m2有：并且r1r2L解得：當(dāng)雙星總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的k倍，兩星之間距離變?yōu)樵瓉?lái)的n倍時(shí):14、見(jiàn)解析【解析】導(dǎo)體棒在重力作用下會(huì)沿斜面加速下滑。棒下滑時(shí)切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(1)由導(dǎo)體棒和軌道組成的電路有一個(gè)阻值為R的電阻時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有產(chǎn)生感應(yīng)電流后導(dǎo)體棒受到沿斜面向上的安培力的作用，在沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律定律有：而導(dǎo)體棒受的安培力所以隨著下滑速度的增大，F(xiàn)安增大，因此加速度會(huì)減小，當(dāng)安培力等于重力的下滑分力時(shí)，加速度為零，棒做勻速運(yùn)動(dòng)。(2)由導(dǎo)體棒和軌道組成的電路有一個(gè)電容為C的電容時(shí)，電路中的電

22、流為則導(dǎo)體棒的加速度為：整理得：即導(dǎo)體棒一直做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。(3) 由導(dǎo)體棒和軌道組成的電路有一個(gè)電感為L(zhǎng)的線(xiàn)圈時(shí)，線(xiàn)圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)因?yàn)闀r(shí)，則：對(duì)導(dǎo)體棒，根據(jù)牛頓第二定律有：取下滑加速度為零的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則所以純電感電路無(wú)穩(wěn)定狀態(tài)，導(dǎo)體棒和電流均做周期為的周期性變化振動(dòng)方程為15、（1）4m/s（2）2.4J（3）3.36m（4）2.4s【解析】試題分析：（1）小球在B點(diǎn)受到的重力與支持力的合力提供向心力，由此即可求出B點(diǎn)的速度；（2）根據(jù)動(dòng)能定理即可求出小球在圓弧軌道上克服摩擦力所做的功；（3）結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的公式，即可求出為使小球落點(diǎn)P與B點(diǎn)的水平距離最大時(shí)BC段的長(zhǎng)度；（4）由

23、機(jī)械能的損失求出速度的損失，然后結(jié)合豎直上拋運(yùn)動(dòng)的公式求出各段時(shí)間，最后求和即可；（1）小球在B點(diǎn)受到的重力與支持力的合力提供向心力，則：代入數(shù)據(jù)可得：（2）A到B的過(guò)程中重力和阻力做功，則由動(dòng)能定理可得：代入數(shù)據(jù)得：（3）B到C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：解得：從C點(diǎn)到落地的時(shí)間：B到P的水平距離：代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立并整理可得：可知當(dāng)時(shí)，P到B的水平距離最大，為L(zhǎng)=3.36m（4）由于小球每次碰撞機(jī)械能損失75%，由，則碰撞后的速度為碰撞前速度的，碰撞前后速度方向與地面的夾角相等，則碰撞后豎直方向的分速度為碰撞前豎直方向分速度的，所以第一次碰撞后上升到最高點(diǎn)的時(shí)間等于從C點(diǎn)到落地的時(shí)間的，所以從第一次碰撞后到發(fā)生第二次碰撞的時(shí)間：，同理，從第二次碰撞后到發(fā)生第三次碰撞的時(shí)間：，由此類(lèi)推可知，從第n次碰撞后到發(fā)生第n+1次碰撞的時(shí)間：小球運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間：由數(shù)學(xué)歸納法分可得：【點(diǎn)睛】該題結(jié)合機(jī)械能守恒考查平拋運(yùn)動(dòng)以及豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，其中的第三問(wèn)的難度較大，根據(jù)小球每次碰撞機(jī)械能損失75%，得出碰撞后的速度為碰撞前速度的是解答的關(guān)鍵