《遼寧省鳳城市通遠(yuǎn)堡高級(jí)中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《遼寧省鳳城市通遠(yuǎn)堡高級(jí)中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）.doc（13頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、一個(gè)同學(xué)在做研究平拋運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，只在紙上記下y軸位置，并在坐標(biāo)紙上描出如圖所示曲線現(xiàn)在我們?cè)谇€上取A、B兩點(diǎn)，用刻度尺分別量出它們到y(tǒng)軸的距離AA = x1，BB = x2，以及AB的豎直距離h，從而求出小球拋出時(shí)的初速度v0為( )ABCD2、如圖所示，16個(gè)電荷量均為的小球（可視為點(diǎn)電荷），均勻分布在半徑為R的圓周上，若將圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球的電荷量換成，則圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為（）ABCD3、物體從h高處做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)地面，落地速度為v，那么當(dāng)物體下落時(shí)間為時(shí)，物體的速度和距離地面的高度分別是 ( )A，B，C，D，4、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面

3、向里，一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向射入，沿曲線dpa打到屏MN上的a點(diǎn)，通過(guò)pa段用時(shí)為t.若該微粒經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，與一個(gè)靜止的不帶電微粒碰撞并結(jié)合為一個(gè)新微粒，最終打到屏MN上若兩個(gè)微粒所受重力均忽略,則新微粒運(yùn)動(dòng)的 ( )A軌跡為pb,至屏幕的時(shí)間將小于tB軌跡為pc,至屏幕的時(shí)間將大于tC軌跡為pa，至屏幕的時(shí)間將大于tD軌跡為pb,至屏幕的時(shí)間將等于t5、取水平地面為重力勢(shì)能零點(diǎn)一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點(diǎn)其動(dòng)能與重力勢(shì)能恰好相等不計(jì)空氣阻力該物塊落地時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為( )ABCD6、如圖所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m、2m的A、B兩個(gè)物體，A、B間的最大

4、靜摩擦力為，現(xiàn)用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度運(yùn)動(dòng)，則拉力F的最大值為（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，物塊從表面粗糙的固定斜面頂端勻速下滑至底端，下列說(shuō)法正確的有()A物塊的機(jī)械能減少B物塊的機(jī)械能守恒C物塊減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能D物塊減少的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能8、如圖所示，質(zhì)量相等的物塊A和B疊放在水平地面上，左邊緣對(duì)齊。A與B、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。先水平敲擊A，A立即獲得水平向右的初速度vA，在B上滑動(dòng)距離L后停下。接

5、著水平敲擊B，B立即獲得水平向右的初速度vB，A、B都向右運(yùn)動(dòng)，左邊緣再次對(duì)齊時(shí)恰好相對(duì)靜止，相對(duì)靜止前B的加速度大小為a1，相對(duì)靜止后B的加速度大小為a2，此后兩者一起運(yùn)動(dòng)至停下。已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）ABvA=CD從左邊緣再次對(duì)齊到A、B停止運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A和B之間沒(méi)有摩擦力9、 “天舟一號(hào)”貨運(yùn)飛船于2017年4月20日在文昌航天發(fā)射中心成功發(fā)射升空，它與“天宮二號(hào)”空間實(shí)驗(yàn)室對(duì)接前，在距離地面約380km的圓軌道上飛行已知地球同步衛(wèi)星距地面的高度約為36000km關(guān)于“天舟一號(hào)”，下列說(shuō)法正確的是A線速度小于地球同步衛(wèi)星的線速度B線速度小于

6、第一宇宙速度C向心加速度小于地球同步衛(wèi)星加速度D周期小于地球自轉(zhuǎn)周期10、如圖，小球以初速度為從淪肌浹髓斜面底部向上滑，恰能到達(dá)最大高度為的斜頂部右圖中是內(nèi)軌半徑大于的光滑軌道、是內(nèi)軌半徑小于的光滑軌道、是內(nèi)直徑等于光滑軌道、是長(zhǎng)為的輕棒其下端固定一個(gè)可隨棒繞點(diǎn)向上轉(zhuǎn)動(dòng)的小球小球在底端時(shí)的初速度都為，則小球在以上四種情況中能到達(dá)高度的有（不計(jì)一切阻力）（ ）AABBCCDD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）如圖甲所示,在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)時(shí),小車(chē)的前端粘有橡皮泥,推動(dòng)小車(chē)使之做勻速運(yùn)動(dòng)然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)相碰并粘合成一體

7、,繼續(xù)勻速運(yùn)動(dòng),在小車(chē)后連著紙帶,電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為,長(zhǎng)木板右端下面墊放小木片用以平衡摩擦力(1).若獲得紙帶如圖乙所示,并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距(已標(biāo)在圖上)為運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn),則應(yīng)選_段來(lái)計(jì)算的碰前速度,應(yīng)選_段來(lái)計(jì)算和碰后的共同速度(填“”或“”或“”或“”)(2).已測(cè)得小車(chē)的質(zhì)量,小車(chē)的質(zhì)量為,由以上測(cè)量結(jié)果可得碰前系統(tǒng)總動(dòng)量為_(kāi),碰后系統(tǒng)總動(dòng)量為_(kāi)(結(jié)果保留四位有效數(shù)字)(3).實(shí)驗(yàn)結(jié)論:_12（12分）在“用DIS研究機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)將傳感器固定在最低點(diǎn)，如圖（a）所示。該同學(xué)將擺錘從不同位置由靜止釋放，記錄擺錘每次下落的高度h和最低點(diǎn)的速度v，作出了如圖（b）所示

8、的v2-h圖線，則該直線的斜率應(yīng)為_(kāi)，計(jì)算擺錘在釋放點(diǎn)和最低點(diǎn)之間的勢(shì)能變化大小Ep與動(dòng)能變化大小Ek，結(jié)果如下列表格所示（重力加速度為g）。Ep（10-2J）4.899.7914.6919.5929.38Ek（10-2J）5.0410.1015.1120.0229.85結(jié)果顯示Ep與Ek之間存在差異，他認(rèn)為這并不是由于空氣阻力造成的，理由是_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量為m1 kg的滑塊，以v05 m/s的水平初速度滑上靜止在光滑水平面的平板小車(chē)，若小車(chē)質(zhì)量M4 kg，平板小車(chē)足夠

9、長(zhǎng)，滑塊在平板小車(chē)上滑動(dòng)1 s后相對(duì)小車(chē)靜止求：(g取10 m/s2) (1)滑塊與平板小車(chē)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)此過(guò)程中小車(chē)在地面上滑行的位移14（16分）如圖所示，在傾角的足夠長(zhǎng)的固定斜面上，有一質(zhì)量的物體其與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)，物體受到平行于斜面向上的拉力作用，從靜止開(kāi)既定運(yùn)動(dòng)已知，g取，求：（1）物體在接力F作用下沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的加速度大?。?）在物體的速度由0增加到的過(guò)程中，拉力F對(duì)物體所做的功15（12分）雙星系統(tǒng)由兩顆恒星組成，兩恒星在相互引力的作用下，分別圍繞其連線上的某一點(diǎn)做周期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng). 研究發(fā)現(xiàn)，雙星系統(tǒng)演化過(guò)程中，兩星的總質(zhì)量、距離和周期均可能發(fā)生變化. 若某

10、雙星系統(tǒng)中兩星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間演化后，兩星總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的k倍，兩星之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的n倍，則此時(shí)圓周運(yùn)動(dòng)的周期為多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】設(shè)初速度為v0，則從拋出點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A所需的時(shí)間t1=，從拋出點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B所需的時(shí)間t2=，在豎直方向上有： 代入t1、t2，解得：v0=故A正確2、B【解析】根據(jù)對(duì)稱性和電場(chǎng)的疊加原理，知原來(lái)O處場(chǎng)強(qiáng)為零，說(shuō)明P點(diǎn)處小球在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與其余15個(gè)小球在O處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反，則其余15個(gè)小球在O處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小為方向

11、沿半徑向右。將圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球的電荷量換成-q，其余15個(gè)小球在O處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)不變，大小仍為方向沿半徑向右。-q在O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為方向沿半徑向右。所以O(shè)點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為方向沿半徑向右。故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。3、C【解析】根據(jù)v=gt，可知在和t末的速度比為1：3，所以末的速度為，根據(jù)公式可知，在和t末的速度比為1：9，所以內(nèi)的位移為，此時(shí)距離地面的高度為，故C正確。故選C。4、C【解析】試題分析：由動(dòng)量守恒定律可得出粒子碰撞后的總動(dòng)量不變，由洛侖茲力與向心力的關(guān)系可得出半徑表達(dá)式，可判斷出碰后的軌跡是否變化；再由周期變化可得出時(shí)間的變化帶電粒子和不帶電粒子相碰，遵守動(dòng)量守恒，

12、故總動(dòng)量不變，總電量也保持不變，由，得：，P、q都不變，可知粒子碰撞前后的軌跡半徑r不變，故軌跡應(yīng)為pa，因周期可知，因m增大，故粒子運(yùn)動(dòng)的周期增大，因所對(duì)應(yīng)的弧線不變，圓心角不變，故pa所用的時(shí)間將大于t，C正確；【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運(yùn)動(dòng)時(shí)間公式，知道粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑和速度有關(guān)，運(yùn)動(dòng)周期和速度無(wú)關(guān)，畫(huà)軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識(shí)分析解題，5、B【解析】建立平拋運(yùn)動(dòng)模型，設(shè)物體水平拋出的初速度為v0，拋出時(shí)的高度為h，根據(jù)題意，由：解得：；由于豎直方向物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，則落地的豎直速度：所以落地時(shí)速度方向與水平方向的夾

13、角：tan=1則=，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。6、C【解析】解：當(dāng)AB間的靜摩擦力達(dá)到最大時(shí)拉力F達(dá)到最大，根據(jù)牛頓第二定律得對(duì)A物體：mg=ma得a=g對(duì)整體：F=（2m+m）a得：F=3ma=3mg故選C【點(diǎn)評(píng)】當(dāng)兩個(gè)物體剛要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，它們之間的靜摩擦力達(dá)到最大值靈活的選取研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律列方程是關(guān)鍵二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A、由于接觸面粗糙，不滿足守恒條件，故機(jī)械能不守恒，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、根據(jù)能量守恒，可以

14、知道物塊減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和內(nèi)能，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確8、ABC【解析】A設(shè)A、B的質(zhì)量均為m。A、B相對(duì)靜止前，A相對(duì)于B向左運(yùn)動(dòng)，A對(duì)B的滑動(dòng)摩擦力向左，地面對(duì)B的滑動(dòng)摩擦力也向左，則B所受的合外力大小：FB=2mg+mg=3mg。對(duì)B，由牛頓第二定律：FB=ma1解得：a1=3g相對(duì)靜止后，對(duì)A、B整體，由牛頓第二定律得2mg=2ma2解得：a2=g則a1=3a2故A正確。B敲擊A后，A獲得速度后，向右做勻減速運(yùn)動(dòng)。對(duì)B來(lái)說(shuō)，地面與B間的最大靜摩擦力為fm=2mg=2mgA對(duì)B的滑動(dòng)摩擦力為f=mg，則ffm，故B靜止不動(dòng)。對(duì)A，由牛頓第二定律知： 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：2aAL=v

15、A2解得： 故B正確。C敲擊B后，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，A、B達(dá)到共同速度v，位移分別為xA，xB，A加速度的大小等于aA，則：v=aAtv=vB-a1txA=aAt2xB=vBt-aBt2且xB-xA=L聯(lián)立解得：故C正確。D從左邊緣再次對(duì)齊到A、B停止運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A、B一起做勻減速運(yùn)動(dòng)，A有向左的加速度，說(shuō)明B對(duì)A有摩擦力，故D錯(cuò)誤。故選ABC。9、BD【解析】A、根據(jù)牛頓第二定律有，解得，將“天舟一號(hào)”與地球同步衛(wèi)星比較，由于“天舟一號(hào)”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天舟一號(hào)”的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)最大的運(yùn)行速度

16、，知其線速度小于第一宇宙速度，故選項(xiàng)B正確；C、根據(jù)牛頓第二定律有，解得，將“天舟一號(hào)”與地球同步衛(wèi)星比較，由于“天舟一號(hào)”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天舟一號(hào)”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星加速度，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、根據(jù)牛頓第二定律有，解得，由于“天舟一號(hào)”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天舟一號(hào)”的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即“天舟一號(hào)”的周期小于地球自轉(zhuǎn)周期，故選項(xiàng)D正確；10、AD【解析】該過(guò)程中小球的機(jī)械能守恒， ，小球在B、C的軌道內(nèi)到達(dá)h高度的時(shí)候一定有水平方向的速度，也就是具有動(dòng)能，所以在B、C的軌道內(nèi)小球不可能到達(dá)h高度，而在A、D軌道內(nèi)卻可以故A

17、、D項(xiàng)正確綜上所述，本題正確答案為AD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、BC DE 1.035 1.030 在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi),碰前和碰后的總動(dòng)量相等,系統(tǒng)的動(dòng)量守恒 【解析】（1）A與B碰后粘在一起，速度減小，相等時(shí)間內(nèi)的間隔減小，可知通過(guò)BC段來(lái)計(jì)算A的碰前速度，通過(guò)DE段計(jì)算A和B碰后的共同速度（2）A碰前的速度： 碰后共同速度：碰前總動(dòng)量：P1=m1v1=0.33.450=1.035kgm/s碰后的總動(dòng)量：P2=（m1+m2）v2=0.52.060=1.030kgm/s可知在誤差允許范圍內(nèi)，AB碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒12、

18、2g 空氣阻力會(huì)造成Ek小于Ep，但表中Ek大于Ep 【解析】1系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量，系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為：，則需驗(yàn)證。所以在v2h圖線上，斜率：2考慮到空氣阻力做功，則增加的動(dòng)能略小于減小的重力勢(shì)能；由于表格中Ek大于Ep，所以并不是由于空氣阻力造成的。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1） v1=1m/s =0.4 (2)x=0.5m L=2.5m 【解析】（1）設(shè)滑塊與平板小車(chē)相對(duì)靜止時(shí)的速度為v1對(duì)滑塊與平板小車(chē)組成的系統(tǒng)，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律可知：mv0=（m+M）v1對(duì)滑塊，由動(dòng)量定律可知：

19、-mgt=mv1-mv0解得：v1=1m/s，=0.4（2）對(duì)平板小車(chē)，由動(dòng)能定理得：mgx=Mv12代入數(shù)據(jù)解得：x=0.5m對(duì)滑塊和平板小車(chē)的系統(tǒng)，由能量守恒定律得：mv02 (m+M)v12mgL代入數(shù)據(jù)解得：L=2.5m14、（1）,（2）.【解析】試題分析：（1）物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受到重力、拉力、斜面的支持力和摩擦力，將重力分解，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；（2）根據(jù)公式求出位移，再求解拉力F對(duì)物體所做的功.（1）根據(jù)牛頓第二定律得：沿斜面方向：垂直斜面方向：又則有：解得：（2）在物體的速度由0增加到的過(guò)程中，物體通過(guò)的位移為此過(guò)程拉力F對(duì)物體所做的功15、【解析】雙星靠彼此的引力提供向心力，則有對(duì)m1有：對(duì)m2有：并且r1r2L解得：當(dāng)雙星總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的k倍，兩星之間距離變?yōu)樵瓉?lái)的n倍時(shí):