《2022-2023學(xué)年江西省宜豐縣第二中學(xué)物理高三上期中監(jiān)測(cè)試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年江西省宜豐縣第二中學(xué)物理高三上期中監(jiān)測(cè)試題（含解析）.doc（15頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請(qǐng)注意：1答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，質(zhì)量分別為、的兩個(gè)物塊間用一輕彈簧連接，放在傾角為的粗糙斜劈上，物塊與斜劈間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，用平行于斜面、大小為的拉力作用在上，使、一起向上作勻加速度運(yùn)動(dòng)，斜劈始

2、終靜止在水平地面上，則（ ）A彈簧的彈力為B彈簧的彈力為C地面對(duì)斜劈的摩擦力水平向右D地面對(duì)斜劈無(wú)摩擦作用2、如圖，直線和曲線分別是在平直公路上行駛的甲、乙兩車的vt圖象，已知t1時(shí)刻兩車在同一位置，則在t1到t2時(shí)間內(nèi)（不包括t1、t2時(shí)刻）（ ）A乙車速度先增大后減小B乙車始終在甲車前方，且二者間距離先增大后減小C乙車始終在甲車前方，且二者間距離一直增大D甲、乙兩車的加速度總是不同3、如圖所示，在動(dòng)摩擦因數(shù)0.2的水平面上有一個(gè)質(zhì)量m1kg的小球，小球分別與水平輕彈簧及與豎直方向成45角的不可伸長(zhǎng)的輕繩一端相連，此時(shí)小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且水平面對(duì)小球的彈力恰好為零在剪斷輕繩的瞬間(g取10m

3、/s2，滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力)，下列說(shuō)法中正確的是A小球受到地面的彈力仍然為零B小球立即向左運(yùn)動(dòng)，且a8m/s2C小球立即向左運(yùn)動(dòng)，且a10m/s2D小球仍然靜止4、如圖所示，用細(xì)線將質(zhì)量為m的氫氣球拴在車廂地板上的A點(diǎn)，此時(shí)細(xì)線與水平方向成 =37角，氣球與固定在水平車頂上的壓力傳感器接觸，小車靜止時(shí)，細(xì)線恰好伸直但無(wú)彈力，壓力傳感器的示數(shù)為氣球重力的重力加速度為g現(xiàn)要保持細(xì)線方向不變而傳感器示數(shù)為零，下列方法中可行的是（ ）A小車向右加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為B小車向左加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為 C小車向右減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為 D小車向左減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為 5、如圖所示，靜止在光滑水平

4、面上的小車質(zhì)量為M，固定在小車上的桿用長(zhǎng)為l的輕繩與質(zhì)量為m的小球相連，將小球拉至水平右端后放手，則小車向右移動(dòng)的最大距離為()ABCD6、一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧機(jī)械橫波，波速大小為10 m/s。該波在某時(shí)刻的圖像如圖所示，此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是A該波沿x軸負(fù)方向傳播B此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的加速度為零Ct = 1 s時(shí)， 質(zhì)點(diǎn)P的位移為10 mDt = 1.5 s時(shí)， 質(zhì)點(diǎn)P的動(dòng)能最大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，紙面內(nèi)有兩

5、條互相垂直的長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點(diǎn)，它們相對(duì)于L2對(duì)稱。整個(gè)系統(tǒng)處于勻強(qiáng)外磁場(chǎng)中，外磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向外。則（）A流經(jīng)L1的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0B流經(jīng)L1的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0C流經(jīng)L2的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0D流經(jīng)L2的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B08、如圖所示，光滑固定斜面C傾角為，質(zhì)量均為m的兩物塊A、B以某一初速度沿斜面一起向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。已知物塊A上表面是水平的，

6、則在該減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A物塊B受到的靜摩擦力水平向左 B物塊B的機(jī)械能守恒C物塊B受到A的支持力大于mg DA、B之間的靜摩擦力大小為mg.sin cos9、如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點(diǎn)O的A點(diǎn)，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點(diǎn)，此過(guò)程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止?fàn)顟B(tài)下列說(shuō)法中正確的是A半圓柱體對(duì)小物塊的支持力變大B地面對(duì)半圓柱體的摩擦力先增大后減小C外力F變大D地面對(duì)半圓柱體的支持力變大10、如圖，穿在水平直桿上質(zhì)量為m的小球開(kāi)始時(shí)靜止現(xiàn)對(duì)小球沿桿方向施加恒力F0，垂直于桿方向施加豎直向上的力F，且F的大小始終與小球

7、的速度成正比，即Fk（圖中未標(biāo)出）已知小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，已知小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未從桿上脫落，且F0mg下列說(shuō)法正確的是（）A小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)直到靜止B小球先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到最后做勻速運(yùn)動(dòng)C小球的最大加速度為D恒力F0的最大功率為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖(1)如果沒(méi)有操作失誤，圖乙中的F與

8、F兩力中，方向一定沿AO方向的是_（填F或F）(2)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_A理想實(shí)驗(yàn)法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法(3)為盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，下列操作中正確的是_A測(cè)力計(jì)、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行B兩細(xì)繩必須等長(zhǎng)C標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些D用兩個(gè)測(cè)力計(jì)同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)，夾角應(yīng)等于9012（12分）在“測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，甲、乙、丙三位學(xué)生用導(dǎo)線按如圖所示方式連接好電路，電路中所有元件都完好，且電壓表和電流表已調(diào)零。閉合開(kāi)關(guān)后：（1）甲學(xué)生發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為零，電流表的示數(shù)為0.3A，小燈泡亮，這是由于導(dǎo)線_斷路；（2）乙學(xué)生發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)為2V，電流表的示數(shù)

9、為零，小燈泡不亮，這是由于導(dǎo)線_斷路；（3）丙學(xué)生發(fā)現(xiàn)反復(fù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數(shù)都不能調(diào)為零，這是由于導(dǎo)線_斷路；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）古代戰(zhàn)場(chǎng)上人們?cè)O(shè)計(jì)了如圖所示的自動(dòng)投石裝置，其左端固定一彈簧，A為放入石塊口，BC是一長(zhǎng)為1.5R的豎直細(xì)管，上半部CD是半徑為R的四分之一圓弧彎管，管口沿水平方向。投石時(shí)，每次總將彈簧長(zhǎng)度壓縮到相同位置后鎖定，在彈簧右端放置一塊石頭，解除鎖定，彈簧可將石頭向右彈射出去。在某次投放時(shí)，將質(zhì)量為m的石塊放入該裝置中，解除鎖定后

10、石塊到達(dá)管口D時(shí)，對(duì)管壁的作用力恰好為零。不計(jì)石塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能損失，且鎖定和解除鎖定時(shí)，均不改變彈簧的彈性勢(shì)能。已知重力加速度為g。求：(1)該石塊到達(dá)管口D時(shí)的速度大小v1；(2)彈簧被鎖定時(shí)的彈性勢(shì)能Ep；(3)已知山坡與水平地面相距2R，若使該投石管繞中軸線OO在角的范圍內(nèi)來(lái)回緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，每次彈射時(shí)只放置一塊石頭，石塊的質(zhì)量在m到m之間變化，持續(xù)投放足夠長(zhǎng)時(shí)間后，石塊能夠落到水平地面的最大面積S是多少？14（16分）在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一帶負(fù)電的小球，已知小球的質(zhì)量為m，帶電荷量為大小q，自絕緣斜面的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始滑下，接著通過(guò)絕緣的離心軌道的最高點(diǎn)B圓弧軌道半徑為R，勻強(qiáng)電場(chǎng)

11、場(chǎng)強(qiáng)為E，且mgEq，運(yùn)動(dòng)中摩擦阻力及空氣阻力不計(jì)，求：（1）A點(diǎn)距地面的高度h至少應(yīng)為多少？（2）當(dāng)h取最小值時(shí)，小球?qū)ψ畹忘c(diǎn)C的壓力為多少？15（12分）傳送帶以恒定速率v4m/s順時(shí)針運(yùn)行，傳送帶與水平面的夾角37.現(xiàn)將質(zhì)量m1 kg的小物塊輕放在其底端(小物品可看成質(zhì)點(diǎn))，平臺(tái)上的人通過(guò)一根輕繩用恒力F10 N拉小物塊，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間物塊被拉到離地高為H1.8m的平臺(tái)上，如圖所示已知物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2，已知sin370.6，cos370.8.求：(1)物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；(2)若在物塊與傳送帶速度相等的瞬間撤去恒力F，

12、則物塊還需多少時(shí)間才能脫離傳送帶？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】AB對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，隔離對(duì)分析，根據(jù)牛頓第二定律得，計(jì)算得出，所以A正確；B錯(cuò)誤； CD以斜面為研究對(duì)象，分析受力情況：重力、的壓力和滑動(dòng)摩擦力、地面的支持力，則由平衡條件可以知道，地面對(duì)斜面的摩擦力必定水平向左，斜面才能保持平衡，故C、D錯(cuò)誤；故選：A2、C【解析】A、由圖可知，乙車的速度在t1到t2時(shí)間內(nèi)一直增大，故A錯(cuò)誤B、t1到t2時(shí)間內(nèi)，乙車的速度始終大于甲車的速度，知兩者之間的距離一直增大，乙車始終在甲車前方

13、，故B錯(cuò)誤，C正確D、圖線切線斜率表示加速度，甲乙兩車的加速度在t1到t2時(shí)間內(nèi)不是總是相同，故D錯(cuò)誤故選C3、B【解析】A. 在細(xì)線剪斷的瞬時(shí)，小球向左運(yùn)動(dòng)，豎直方向受力平衡，與地面有相互的擠壓，壓力不為零，故A錯(cuò)誤；B. 對(duì)小球受力分析，如圖所示，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，彈簧的彈力F=mg=10N，剪斷輕繩的瞬間，彈簧彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律得，a= m/s2=8m/s2，方向向左。故B正確，C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；故選：B.【點(diǎn)睛】水平面對(duì)小球彈力為零，小球受重力、彈力和拉力處于平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出彈簧彈力的大小剪斷輕繩的瞬間，彈力大小不變，根據(jù)牛頓第二定律求出小球的加速度大小和方向4、C【解析

14、】車廂靜止時(shí)，通過(guò)對(duì)氣球受力分析可求出氣球受到的浮力；當(dāng)壓力傳感器示數(shù)為零時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求小車的加速度，分析運(yùn)動(dòng)狀態(tài)【詳解】當(dāng)小車靜止時(shí)，細(xì)線恰好伸直但無(wú)彈力，對(duì)氣球受力分析，受到重力、支持力和浮力，根據(jù)受力平衡 根據(jù)題意知，所以有 當(dāng)壓力傳感器示數(shù)為零時(shí)，對(duì)氣球受力分析如圖豎直方向： 水平方向： 聯(lián)立解得：，方向水平向左故小車向右做減速運(yùn)動(dòng)故應(yīng)選：C【點(diǎn)睛】對(duì)于動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，正確分析物體的受力情況，畫出受力圖是解題的基礎(chǔ)，并要靈活運(yùn)用正交分解法列方程5、C【解析】當(dāng)小球向下擺動(dòng)的過(guò)程中，小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，滿足水平方向動(dòng)量守恒定律，開(kāi)始系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為零，所以水平方

15、向任意時(shí)刻m與M的動(dòng)量等大反向；以小球和小車組成的系統(tǒng)，小球與小車組成的系統(tǒng)水平方向平均動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：，式兩邊同時(shí)乘以t解得：，即：mS1=MS2；小球和小車共走過(guò)的距離為2L，有：S1+S2=2l，由解得：，故C正確，ABD錯(cuò)誤6、B【解析】由波的圖象讀出振幅和波長(zhǎng)，由波速公式算出周期，由波的傳播方向判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的位置分析質(zhì)點(diǎn)的加速度、速度等；【詳解】A、由于P點(diǎn)向負(fù)方向振動(dòng)，可知波沿x軸正方向傳播，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置，此時(shí)刻加速度為零，速度最大，故選項(xiàng)B正確；C、由圖像可知，波長(zhǎng)為，根據(jù)公式可知：，經(jīng)過(guò)半個(gè)周期P點(diǎn)仍在平

16、衡位置，即t = 1 s時(shí)， 質(zhì)點(diǎn)P的位移為0，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、當(dāng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P處于正向最大位移處，此時(shí)刻速度為零，即動(dòng)能最小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】根據(jù)波的圖象讀出振幅、波長(zhǎng)、速度方向及大小變化情況，加速度方向及大小變化情況等，是應(yīng)具備的基本能力。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】外磁場(chǎng)、電流的磁場(chǎng)方向如圖所示在b點(diǎn)B0B0B1B2在a點(diǎn)B0B0B1B2由上述兩式解得B1B0，B2B0。故AC正確，BD錯(cuò)誤。故選AC。8、ABD【解析】解：A項(xiàng)，將加速度

17、沿水平和豎直方向分解，在水平方向B的加速度向左，A對(duì)B的摩擦力水平向左，故A項(xiàng)正確。B、先對(duì)整體分析，有沿向下加速度為gsin再對(duì)B分析，（把A對(duì)B的摩擦力和支持力看作一個(gè)力），重力沿斜面的分力產(chǎn)生的加速度為gsin，重力的另一個(gè)分力與把A對(duì)B的作用力平衡，所以B對(duì)A的合力垂直于斜面方向，不做功，所以B機(jī)械能不變，故B正確；C項(xiàng)，豎直方向B的加速度向下，B處于失重狀態(tài)，物塊B受到A的支持力小于B的重力，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D項(xiàng)，對(duì)A、B整體進(jìn)行受力分析： ，沿斜面的加速度為 ，在水平方向上加速度的分量為，對(duì)B進(jìn)行受力分析，物塊A、B之間的摩擦力提供B的水平加速度，摩擦力大小為，故D項(xiàng)正確。9、BC【解

18、析】物塊緩慢下滑處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，受力分析如圖所示：因此總有，下滑過(guò)程中增大，因此F增大，F(xiàn)1減小，故A錯(cuò)誤，C正確；對(duì)半圓柱體分析，地面對(duì)半圓柱體的摩擦力：，地面對(duì)半圓柱體的支持力，從接近0到90變化的過(guò)程中，摩擦力先增大后減小，支持力一直減小，故B正確，D錯(cuò)誤所以BC正確，AD錯(cuò)誤10、BCD【解析】對(duì)小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律表示出加速度，分析加速度的變化情況，進(jìn)而分析運(yùn)動(dòng)情況，恒力的功率等于力乘以速度【詳解】剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，加速度 ，當(dāng)速度v增大，加速度增大，當(dāng)kv=mg時(shí)加速度最大值為；當(dāng)速度v增大到符合kvmg后，加速度，當(dāng)速度

19、v增大，加速度減小，當(dāng)a2減小到0，做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，BC正確；勻速運(yùn)動(dòng)的速度最大，且F0（kvmmg），則小球的最大速度為，所以最大功率為，故D正確；故選BCD.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、 ; B; C; 【解析】試題分析：（1）F是通過(guò)作圖的方法得到合力的理論值，而F是通過(guò)一個(gè)彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱的拉力與兩個(gè)彈簧稱的拉力效果相同，測(cè)量出的合力故方向一定沿AO方向的是F，由于誤差的存在F和F方向并不在重合；（2）合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法故選B（3）兩分

20、力的夾角大小要適當(dāng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；使兩分力的大小要適當(dāng)，不一定相差太大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤； 盡可能使兩分力與紙面平行，以減小實(shí)驗(yàn)的誤差，選項(xiàng)C正確；橡皮條沒(méi)必要太長(zhǎng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C考點(diǎn)：驗(yàn)證平行四邊形定則【名師點(diǎn)睛】本實(shí)驗(yàn)考查驗(yàn)證平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)，采用的是“等效替代”的方法，即一個(gè)合力與幾個(gè)分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明確“理論值”和“實(shí)驗(yàn)值”的區(qū)別12、h d g 【解析】(1)1發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為零，電流表的示數(shù)為0.3A，小燈泡亮，說(shuō)明小燈泡電路是導(dǎo)通的，而電壓表斷開(kāi)電接，應(yīng)是h導(dǎo)線斷路；(2)2小燈泡不亮電流表的示數(shù)為零，說(shuō)明燈泡斷路，而電壓表示數(shù)為2V說(shuō)明電壓表連接在電源兩

21、端，故應(yīng)是d導(dǎo)線斷路；(3)3若調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小電珠的亮度變化，但電壓表、電流表示數(shù)總不能為零，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器不起分壓作用，所以可能是g導(dǎo)線斷路。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2)3mgR (3)【解析】(1)石塊到管口C時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力完全由重力提供，則：解得：(2)彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為石塊的機(jī)械能，由機(jī)械能守恒定律有：解得：(3)不考慮因緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)裝置對(duì)石塊速度大小的影響，質(zhì)量為m的石塊離開(kāi)管口后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過(guò)t時(shí)間落到水面上，離OO的水平距離為x1，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有 解得：當(dāng)石塊

22、的質(zhì)量為時(shí)，設(shè)其到達(dá)管口C時(shí)速度大小為v2，由機(jī)械能守恒定律有：解得：質(zhì)量為的石塊落到水面上時(shí)，設(shè)離OO的水平距離為x2，則有解得：石塊能夠落到水面的最大面積為14、（1）2.5R；（2）6（mg-Eq）【解析】(1) 根據(jù)重力與電場(chǎng)力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律與動(dòng)能定理，即可求解；(2) 根據(jù)受力分析，由牛頓第二定律與動(dòng)能定理，即可求解?！驹斀狻?1)由分析知，小球要經(jīng)過(guò)B點(diǎn)至少需滿足條件重力與電場(chǎng)力的合力提供向心力，即 又從A到B過(guò)程由動(dòng)能定理得： 由以上兩式解得：h=2.5R；(2) 在C點(diǎn)，對(duì)小球受力分析得： 從A到C過(guò)程由動(dòng)能定理得： 由以上兩式解得： 由牛頓第三定律知，小球

23、對(duì)C點(diǎn)的壓力與軌道在C點(diǎn)給小球的支持力是一對(duì)相互作用力，所以小球?qū)點(diǎn)的壓力為6（mg-Eq）【點(diǎn)睛】考查牛頓第二定律與動(dòng)能定理的應(yīng)用，掌握受力分析的方法，理解提供向心力的來(lái)源，注意電場(chǎng)力做負(fù)功。15、（1）1s（2） 【解析】（1）物體在達(dá)到與傳送帶速度v4 m/s相等前，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有：Fmgcos37mgsin37ma1 解得a18 m/s2 由va1t1 得t10.5s 位移x1a1t121m 物體與傳送帶達(dá)到共同速度后，因Fmgsin4 Nmgcos37 故物體在靜摩擦力作用下隨傳送帶一起勻速上升位移x2x12m t20.5s 總時(shí)間為tt1t21s （2）在物體與傳送帶達(dá)到同速瞬間撤去恒力F，因?yàn)閠an37，故有：mgsin37mgcos37ma2 解得：a22m/s2 假設(shè)物體能向上勻減速運(yùn)動(dòng)到速度為零，則通過(guò)的位移為x4 mx2故物體向上勻減速運(yùn)動(dòng)達(dá)到速度為零前已經(jīng)滑上平臺(tái)故x2vt3-a2t32 解得t3（2-）s或t3（2+）s（舍去）【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是受力分析后判斷物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再根據(jù)牛頓第二定律求解出加速度，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解時(shí)間