《2018屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)配餐作業(yè)16導(dǎo)數(shù)與不等式含解析理.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)配餐作業(yè)16導(dǎo)數(shù)與不等式含解析理.doc（7頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、配餐作業(yè)(十六)導(dǎo)數(shù)與不等式(時間：40分鐘)一、選擇題1(2017丹東模擬)若f(x)，eaf(b) Bf(a)f(b)Cf(a)1解析因?yàn)閒(x)，當(dāng)xe時，f(x)0，f(x)是減函數(shù)，又因?yàn)閑af(b)。故選A。答案A2f(x)是定義在(0，)上的非負(fù)可導(dǎo)函數(shù)，且滿足xf(x)f(x)0，對任意正數(shù)a，b，若ab，則必有()Aaf(b)bf(a) Bbf(a)af(b)Caf(a)f(b) Dbf(b)f(a)解析因?yàn)閤f(x)f(x)，f(x)0，所以0。則函數(shù)在(0，)上是單調(diào)遞減的，由于0ab，則，即af(b)bf(a)。故選A。答案A3在R上可導(dǎo)的函數(shù)f(x)的圖象如圖所示，則

2、關(guān)于x的不等式xf(x)0，由xf(x)0，得x0，所以x1。當(dāng)x(1,1)時，f(x)是減函數(shù)，所以f(x)0。由xf(x)0，所以0x1。故xf(x)0)，則h(x)。當(dāng)x(0,1)時，h(x)0，函數(shù)h(x)單調(diào)遞增，所以h(x)minh(1)4，所以ah(x)min4。故選B。答案B5已知函數(shù)F(x)(xa)2(lnx22a)2(x0，aR)，若存在x0，使得F(x0)成立，則實(shí)數(shù)a的值是()A1 B.C. D.解析函數(shù)F(x)可視為兩個動點(diǎn)M(x，lnx2)，N(a,2a)之間的距離的平方，若存在x0使得F(x0)成立意味著F(x)min，注意到點(diǎn)M(x，lnx2)，N(a,2a)分

3、別是曲線f(x)2lnx和直線g(x)2x上的動點(diǎn)，f(x)，令2，解得x1，則函數(shù)f(x)圖象上切線斜率為2的點(diǎn)M(1,0)，該點(diǎn)到直線g(x)2x的距離的平方d22，此時y2x與y(x1)的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)即為實(shí)數(shù)a的值。故選D。答案D二、填空題6若f(x)xsinxcosx，則f(3)，f，f(2)的大小關(guān)系為_。解析函數(shù)f(x)為偶函數(shù)，因此f(3)f(3)。又f(x)sinxxcosxsinxxcosx，當(dāng)x時，f(x)f(2)f(3)f(3)。答案f(3)f(2)1，f(0)4，則不等式f(x)1(e為自然對數(shù)的底數(shù))的解集為_。解析由f(x)1得，exf(x)3ex，構(gòu)造函數(shù)F(x)

4、exf(x)ex3，對F(x)求導(dǎo)得F(x)exf(x)exf(x)exexf(x)f(x)1。由f(x)f(x)1，ex0，可知F(x)0，即F(x)在R上單調(diào)遞增，又F(0)e0f(0)e03f(0)40，所以F(x)0的解集為(0，)。答案(0，)8(2016衡水模擬)已知函數(shù)f(x)x2lnxa(x21)，aR。若當(dāng)x1時，f(x)0恒成立，則a的取值范圍是_。解析f(x)2xlnx(12a)xx(2lnx12a)，當(dāng)a時，因?yàn)閤1，所以f(x)0。所以函數(shù)f(x)在1，)上單調(diào)遞增，故f(x)f(1)0。綜上a的取值范圍是。答案三、解答題9(2016全國卷)已知函數(shù)f(x)(x1)l

5、nxa(x1)。(1)當(dāng)a4時，求曲線yf(x)在(1，f(1)處的切線方程；(2)若當(dāng)x(1，)時，f(x)0，求a的取值范圍。解析(1)f(x)的定義域?yàn)?0，)。當(dāng)a4時，f(x)(x1)lnx4(x1)，f(x)lnx3，f(1)2，f(1)0。曲線yf(x)在(1，f(1)處的切線方程為2xy20。(2)當(dāng)x(1，)時，f(x)0等價于lnx0。設(shè)g(x)lnx，則g(x)，g(1)0。()當(dāng)a2，x(1，)時，x22(1a)x1x22x10，故g(x)0，g(x)在(1，)上單調(diào)遞增，因此g(x)0；()當(dāng)a2時，令g(x)0得x1a1，x2a1。由x21和x1x21得x11，故當(dāng)

6、x(1，x2)時，g(x)0，g(x)在(1，x2)上單調(diào)遞減，此時g(x)0時，f(x)2aaln。解析(1)f(x)的定義域?yàn)?0，)，f(x)2e2x。當(dāng)a0時，f(x)0，f(x)沒有零點(diǎn)；當(dāng)a0時，設(shè)u(x)e2x，v(x)，因?yàn)閡(x)e2x在(0，)上單調(diào)遞增，v(x)在(0，)上單調(diào)遞增，所以f(x)在(0，)上單調(diào)遞增。又f(a)0，當(dāng)b滿足0b且b時，f(b)0時，f(x)存在唯一零點(diǎn)。(2)證明：由(1)，可設(shè)f(x)在(0，)上的唯一零點(diǎn)為x0，當(dāng)x(0，x0)時，f(x)0。故f(x)在(0，x0)上單調(diào)遞減，在(x0，)上單調(diào)遞增，所以當(dāng)xx0時，f(x)取得最小值

7、，最小值為f(x0)。由于2e2x00，所以f(x0)2ax0aln2aaln。故當(dāng)a0時，f(x)2aaln。答案(1)當(dāng)a0時，存在唯一零點(diǎn)(2)見解析(時間：20分鐘)1(2017唐山模擬)已知函數(shù)f(x)a(tanx1)ex。(1)若函數(shù)f(x)的圖象在x0處的切線經(jīng)過點(diǎn)(2,3)，求實(shí)數(shù)a的值；(2)對任意x，不等式f(x)0恒成立，求a的取值范圍。解析(1)因?yàn)閒(x)a(tanx1)ex，所以f(x)ex，所以f(0)a1，又f(0)a1，且f(x)的圖象在x0處的切線經(jīng)過點(diǎn)(2,3)，故a1，a2。(2)由f(x)0得a，令g(x)，則g(x)，當(dāng)x時，g(x)0；當(dāng)x時，g(

8、x)e1x在區(qū)間(1，)內(nèi)恒成立(e2.718為自然對數(shù)的底數(shù))。解析(1)f(x)2ax(x0)。當(dāng)a0時，f(x)0時，由f(x)0，有x。此時，當(dāng)x時，f(x)0，f(x)單調(diào)遞增。(2)令g(x)，s(x)ex1x。則s(x)ex11。而當(dāng)x1時，s(x)0，所以s(x)在區(qū)間(1，)內(nèi)單調(diào)遞增。又由s(1)0，有s(x)0，從而當(dāng)x1時，g(x)0。當(dāng)a0，x1時，f(x)a(x21)lnxg(x)在區(qū)間(1，)內(nèi)恒成立時，必有a0。當(dāng)0a1，由(1)有f0，所以此時f(x)g(x)在區(qū)間(1，)內(nèi)不恒成立。當(dāng)a時，令h(x)f(x)g(x)(x1)。當(dāng)x1時，h(x)2axe1xx0。因此，h(x)在區(qū)間(1，)內(nèi)單調(diào)遞增。又h(1)0，所以當(dāng)x1時，h(x)f(x)g(x)0，即f(x)g(x)恒成立。綜上，a。答案(1)見解析(2)