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1、F N F N F N F N B A FfFfFfFf G G G G （A）（B）（C）（ ）D 專題牛頓運(yùn)動(dòng)定律3 12012（上海卷）如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊 A、B 疊放后一起沖上斜面，且 始終保持相對(duì)靜止， 上表面A 水平 則在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，.B 受力的示意圖為（） 答案：A 解析：對(duì)于 、 整體，根據(jù)牛頓第二定律可知共同沿斜面下滑的加速度為，隔 ABa=gsin 離滑塊 ，由于摩擦力只能與接觸面相切，所以錯(cuò)；由于 有水平向左的加速度分量，BCDB 所以 對(duì) 的摩擦力必須水平向左，即 正確ABA. 2（北京高考卷）摩天大樓中一部直通高層的客運(yùn)電梯，行程超過(guò)百米電梯的簡(jiǎn)化20

2、12模型如圖所示考慮安全、舒適、省時(shí)等因素， 電梯的加速度a是隨時(shí)間t變化的， 已知電梯在t =0 時(shí)由靜止開(kāi)始上升，at圖像如圖所示 電梯總質(zhì)量m=2.0103kg 忽略一切阻力，重力加速度g 取 10m/s2 （ ）求電梯在上升過(guò)程中受到的最大拉力1F1和最小拉力F2； （ ）類比是一種常用的研究方法對(duì)于直線運(yùn)動(dòng)，教科書(shū)中講解了由2t圖像求位移的 方法 請(qǐng)你借鑒此方法， 對(duì)比加速度和速度的定義， 根據(jù)圖 所示2at 圖像， 求電梯在第 1s內(nèi)的速度改變量1 和第末的速率2s2； 關(guān)注公眾號(hào)：加油高三 （ ）求電梯以最大速率上升時(shí)，拉力做功的功率3P ；再求在 時(shí)間內(nèi)，拉力和重力011s對(duì)電

3、梯所做的總功W 解析: （ ）由牛頓第二定律，有1 F-mg= ma 由at圖像可知，F(xiàn)1和F2對(duì)應(yīng)的加速度分別是a1=1.0m/s2，a2=-1.0m/s2 F1= m(g+a1)=2.0103(10+1.0)N=2.2104N F2= m(g+a2)=2.0103(10-1.0)N=1.8104N （ ）類比可得，所求速度變化量等于第內(nèi)21sat圖線下的面積 1=0.50m/s 同理可得，2=2-0=1.5m/s 0 =02s ，第末的速率2=1.5m/s （ ）由3at 圖像可知，內(nèi)速率最大，其值等于內(nèi)11s30s011sat圖線下的面積，有 m=10m/s 此時(shí)電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力F等

4、于重力mg，所求功率 P=Fm= mg m=2.01031010W=2.0105W 由動(dòng)能定理，總功W=Ek2-Ek1=mm2 -0=2.0103102J=1.0105J 1212 3（山東卷）將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程2012 中，圖像如圖所示 以下判斷正確的是. vt A3s 前內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)關(guān)注公眾號(hào)：加油高三 B2s 最后內(nèi)貨物只受重力作用 C3s2s 前內(nèi)與最后內(nèi)貨物的平均速度相同 D3s5s 第末至第末的過(guò)程中，貨物的機(jī)械能守恒答案：AC 解析：由圖像可知前vt3 sa=v/t=2 m/s內(nèi)， 2，貨物具有向上的加速度，故處于超 重狀態(tài)，選項(xiàng)

5、正確；最后內(nèi)加速度 A2 sa=v/t=-3 m/s2，小于重力加速度，故 吊繩拉力不為零，選項(xiàng) 錯(cuò)誤；根據(jù)可知選項(xiàng) 正確；第末至第末Bv=v/2=3 m/sC3 s5 s 的過(guò)程中，貨物勻速上升，貨物機(jī)械能增加，選項(xiàng) 錯(cuò)誤D. 4（四川卷）如圖所示，勁度系數(shù)為 的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于2012k 水平面上質(zhì)量為 的物體接觸（未連接），彈簧水平且無(wú)形變 用水平力，緩慢推動(dòng)物體，m.在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了x0 ，此時(shí)物體靜止 撤去.F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的 最大距離為 4x0.物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g . 則 A撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減

6、速運(yùn)動(dòng) B撤去F 后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為 gmkx0 C2 物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為gx0 D 物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為)(0kmgxmg答案：BD 解析 ：根據(jù)牛頓第二定律可得，即（ ） ，當(dāng)時(shí)，隨著形變kx-mg=maa=kx-mg/mkxmg 量 的減小，加速度 將減小 ；當(dāng)時(shí)，隨著形變量 的減小，加速度 將增大，則xakxmgxa 撤去 后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為 ，物體先做加速度逐漸減小的加速直線Fa=(kx0)/m-g 運(yùn)動(dòng)，當(dāng) （）時(shí)，物體的速度最大，然后做加速度增大的減速直線運(yùn)動(dòng)，最后kx=mga=0關(guān)注公眾號(hào)：加油高三 當(dāng)物體與彈簧脫離后做

7、加速度為 的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故 選項(xiàng)錯(cuò)誤， 選項(xiàng)正確；a=gAB 物體脫離彈簧后做加速度為 的勻減速直線運(yùn)動(dòng)， 根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得 a=g3x 0=1/2*gt2 ，解得，故選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)功的計(jì)算式可得，物體開(kāi)始向左端運(yùn)t=Cgx06 動(dòng)到速度最大的過(guò)程中滑動(dòng)摩擦力做功為，又 ，解得W=-mgxx=x0-mg/kW=-mg(x ，即克服滑動(dòng)摩擦力做功為，故 選項(xiàng)正確0-mg/k)mg(x0-mg/k)D. 5(2012).全國(guó)新課標(biāo)伽利略根據(jù)小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和理想實(shí)驗(yàn)，提出了慣性的概 念，從而奠定了牛頓力學(xué)的基礎(chǔ) 早期物理學(xué)家關(guān)于慣性有下列說(shuō)法，其中正確的是. A. 物體抵抗運(yùn)

8、動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性 B. 沒(méi)有力作用，物體只能處于靜止?fàn)顟B(tài) C. 行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)是慣性 D. 運(yùn)動(dòng)物體如果沒(méi)有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)答案：AD 解析：慣性是物體本身的一種屬性，是抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)正確 錯(cuò)誤 沒(méi)有力作用.AC. 物體可能靜止也可能勻速直線運(yùn)動(dòng)， 錯(cuò) 正確BD. 62012.（安徽卷） 如圖所示，放在固定斜面上的物塊以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一豎直向下的恒力F，則 ( ) A. 物塊可能勻速下滑B. 物塊仍以加速度a勻加速下滑 C. 物塊將以大于a的加速度勻加速下滑 D. 物塊將以小于a的加速度勻加速下滑 關(guān)注

9、公眾號(hào)：加油高三答案：C 解析：未加恒力時(shí)，由牛頓第二定律知，而加上后，F(xiàn)F cossinmgamg ，即， 正確C. )cossin)(mgmgmF ga aa 7(2012) 全國(guó)新課標(biāo) 拖把是由拖桿和拖把頭構(gòu)成的擦地工具（如圖） 設(shè)拖把頭的質(zhì)量為.m，拖桿質(zhì)量可以忽略；拖把頭與地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為常數(shù)，重力加速度為g，某同學(xué)用該拖把在水平地板上拖地時(shí)，沿拖桿方向推拖把，拖桿與豎直方向的夾角為. （ ）1 若拖把頭在地板上勻速移動(dòng)，求推拖把的力的大小. （ ）2 設(shè)能使該拖把在地板上從靜止剛好開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的水平推力與此時(shí)地板對(duì)拖把的 正壓力的比值為 已知存在一臨界角.0，若0，則不管沿拖桿方

10、向的推力多 大，都不可能使拖把從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng) 求這一臨界角的正切.tan0. 答案：（ ）了 （ ）1 2 mgF cossin0tan 解析 ：（ ）設(shè)該同學(xué)沿拖桿方向用大小為 的力推拖把，將推拖把的力沿豎直和水平分解，1F 按平衡條件有 NmgFcos fFsin式中N與f 分別為地板對(duì)拖把的正壓力和摩擦力 按摩擦定律有. Nf 聯(lián)立式得 mgF cossin （ ）若不管沿拖桿方向用多大的力都不能使拖把從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用2 sinfN關(guān)注公眾號(hào)：加油高三 這時(shí)，式仍滿足，聯(lián)立式得 cossinFmg現(xiàn)考察使上式成立的角的取值范圍， 注意到上式右邊總是大于零，且當(dāng)F無(wú)限大時(shí)極限為 零，有

11、 0 cossin使上式成立的角滿足0，這里是題中所定義的臨界角，即當(dāng)0時(shí)，不管沿拖桿方 向用多大的力都推不動(dòng)拖把 臨界角的正切值為. 0tan 82012（上海卷）如圖，將質(zhì)量m 的圓環(huán)套在固定的水平直桿上 環(huán)的直徑略大0.1kg. 于桿的截面直徑 環(huán)與桿間動(dòng)摩擦因數(shù). 對(duì)環(huán)施加一位于豎直平面內(nèi)斜向上，與桿夾0.8.角 的拉力53F，使圓環(huán)以a4.4m/s2的加速度沿桿運(yùn)動(dòng)，求F 的大小 （取，.sin530.8 cos530.6，g10m/s2）. 解析 ： 令Fsin53mg，F(xiàn) ，當(dāng)1.25NF 時(shí)，桿對(duì)環(huán)的彈力向上，由牛頓定律1.25NFcosFNma，F(xiàn)NFsinmg，解得F ，當(dāng)

12、1NF 時(shí)，桿對(duì)環(huán)的彈力向下，由牛頓定1.25N律FcosFNma，F(xiàn)sinmgFN，解得F ，9N 9（安徽卷） （分）圖 為“驗(yàn)證2012.101 牛頓第二定律” 的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖 砂和砂桶的.總質(zhì)量為m，小車(chē)和砝碼的總質(zhì)量為M.實(shí)驗(yàn)中用砂和砂桶總重力的大小作為細(xì)線對(duì)小車(chē)?yán)Φ拇笮? (1)試驗(yàn)中， 為了使細(xì)線對(duì)小車(chē)的拉力等于小車(chē)所受的合外力，先調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板一滑輪的高度， 使細(xì)線與長(zhǎng)木板平行 接下來(lái)還需要進(jìn)行的一項(xiàng)操作是. A. 將長(zhǎng)木板水平放置， 讓小車(chē)連著已經(jīng)穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶， 給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電， 調(diào)節(jié)m的大小，使小車(chē)在砂和砂桶的牽引下運(yùn)動(dòng)，從打出的紙帶判斷小車(chē)是否做勻速運(yùn)動(dòng). B.

13、 將長(zhǎng)木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨龋屝≤?chē)連著已經(jīng)穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，撤去砂和砂桶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，輕推小車(chē)，從打出的紙帶判斷小車(chē)是否做勻速運(yùn)動(dòng). F砂、砂小車(chē)、砝碼、打點(diǎn)計(jì) 接 交 流關(guān)注公眾號(hào)：加油高三C. 將長(zhǎng)木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨龋啡ゼ垘б约吧昂蜕巴?，輕推小車(chē)，觀察判斷小車(chē)是否做勻速運(yùn)動(dòng). (2)實(shí)驗(yàn)中要進(jìn)行質(zhì)量m和M的選取，以下最合理的一組是 A. M=200g, m=10g、15g、20g、25g、30g、40g B. M=200g, m=20g、40g、60g、80g、100g、120g C. M=400g, m=10g、15g、20g、25g、30g、40g D. M=40

14、0g, m=20g 40g、60g、80g、100g、120g （ ） 圖32 是試驗(yàn)中得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G 為 個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，7 相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出 量出相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離分別為.ABs=4.22 cm、BCs=4.65 cm、CDs=5.08 cm、DEs=5.49 cm、EFs=5.91 cm、FGs=6.34 cm .已知打點(diǎn) 計(jì)時(shí)器的工作效率為則小車(chē)的加速度50 Hz,a= m/s2 （結(jié)果保留位有效數(shù)2字）. 答案：（ ） ；（ ）1B(2)C30.42 解析：要使砂和砂桶的重力近似等于小車(chē)所受合外力，首先要平衡摩擦力，然后還要滿mg

15、足 而平衡摩擦，不需掛砂桶，但要帶紙帶，故（ ）選 ，（ ）選（ ）用逐差mM.1B2C.3 法，求得. 2CDBCABFGEFDET9s-s-s-sssa2 /m42. 0asA圖 2BCDEFG關(guān)注公眾號(hào)：加油高三 10（安徽卷）質(zhì)量為的彈性球從空中某高度由靜止開(kāi)始下落，該下落過(guò)程對(duì)20120.1 kg 應(yīng)的 tv 圖象如圖所示 球與水平地面相碰后離開(kāi)地. 面時(shí)的速度大小為碰撞前的該球受到的空氣阻3/4.力大小恒為f，取g=10 m/s2 , 求： （ ）彈性球受到的空氣阻力1f的大?。?（ ）彈性球第一次碰撞后反彈的高度2h. 解析：由圖像可知 小球下落作勻加速運(yùn)動(dòng)， (1)vt: 2/

16、8tv asm 由牛頓第二定律得： mafmg 解得 Nagmf 2 . 0)( (2) 由圖知：球落地時(shí)速度，則反彈時(shí)速度 sm/4v smvv/343 設(shè)反彈的加速度大小為 ，由動(dòng)能定理得a 221 0f)h(mg-vm 解得 mh375. 0 112012（江蘇卷）將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比，下列描繪皮球在上升過(guò)程中加速度大小a與時(shí)間t關(guān)系圖象，可能正確的是 Ov(m/s)0.4t(s)關(guān)注公眾號(hào)：加油高三 答案：C 解析：加速度，隨著的減小， 減小，但最后不等于加速度越小，速度減0.mkv gava 小得越慢，所以選 C. 122012F（江蘇卷）如圖所示，一夾子夾住木塊，在力作用下向上提升，夾子和木塊 的質(zhì)量分別為 、mM，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦有均為 ，若木塊不滑動(dòng)，力 的最大fF值是 A B 2 ()f mMM+ 2 ()f mMm+ C D 2 () () f mM mM gM+ -+ 2 () () f mM mM gM+ +答案：A 解 析： 整 體 法， 隔離 法 ， 對(duì) 木 塊 ， 解得mm magmMF )(m