《2018年高考物理一輪復(fù)習(xí)第3章牛頓運(yùn)動(dòng)定律微專題13超重和失重試題粵教版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018年高考物理一輪復(fù)習(xí)第3章牛頓運(yùn)動(dòng)定律微專題13超重和失重試題粵教版.doc（5頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、13 超重和失重方法點(diǎn)撥(1)從受力的角度判斷，當(dāng)物體所受向上的拉力(或支持力)大于重力時(shí)物體處于超重狀態(tài)，小于重力時(shí)處于失重狀態(tài)，等于零時(shí)處于完全失重狀態(tài)(2)從加速度的角度判斷，當(dāng)物體具有向上的加速度時(shí)處于超重狀態(tài)，具有向下的加速度時(shí)處于失重狀態(tài)，向下的加速度為重力加速度時(shí)處于完全失重狀態(tài)1(由受力判斷超重、失重)圖1甲是某人站在力傳感器上做下蹲、起跳動(dòng)作的示意圖，中間的表示人的重心圖乙是根據(jù)傳感器采集到的數(shù)據(jù)畫出的力時(shí)間圖象兩圖中ag各點(diǎn)均對(duì)應(yīng)，其中有幾個(gè)點(diǎn)在圖甲中沒有畫出取重力加速度g10 m/s2.根據(jù)圖象分析可知() 圖1A人的重力為1 500 NBc點(diǎn)位置人處于超重狀態(tài)Ce點(diǎn)位置

2、人處于失重狀態(tài)Dd點(diǎn)的加速度小于f點(diǎn)的加速度2(由運(yùn)動(dòng)判斷超重、失重)如圖2，一剛性正方體盒內(nèi)密封一小球，盒子六面均與小球相切，將其豎直向上拋出后，若空氣阻力與速度成正比，下列說法正確的是()圖2A在上升和下降過程中，小球?qū)凶拥淖饔昧鶠榱鉈在上升過程中，盒子底部對(duì)小球有向上的作用力C在下降過程中，盒子頂部對(duì)小球有向下的作用力D在拋出點(diǎn)，盒子上升時(shí)所受的阻力大于返回時(shí)所受的阻力3小明家住十層，他乘電梯從一層直達(dá)十層則下列說法正確的是()A他始終處于超重狀態(tài)B他始終處于失重狀態(tài)C他先后處于超重、平衡、失重狀態(tài)D他先后處于失重、平衡、超重狀態(tài)4如圖3，質(zhì)量為M的纜車車廂通過懸臂固定懸掛在纜繩上，

3、車廂水平底板上放置一質(zhì)量為m的貨物，在纜繩牽引下貨物隨車廂一起斜向上加速運(yùn)動(dòng)若運(yùn)動(dòng)過程中懸臂和車廂始終處于豎直方向，重力加速度大小為g，則()圖3A車廂對(duì)貨物的作用力大小等于mgB車廂對(duì)貨物的作用力方向平行于纜繩向上C懸臂對(duì)車廂的作用力大于(Mm)gD懸臂對(duì)車廂的作用力方向沿懸臂豎直向上5如圖4所示，四個(gè)質(zhì)量、形狀相同的斜面體放在粗糙的水平面上，將四個(gè)質(zhì)量相同的物塊放在斜面頂端，因物塊與斜面的摩擦力不同，四個(gè)物塊運(yùn)動(dòng)情況不同，放上A物塊后A物塊勻加速下滑，B物塊獲一初速度后勻速下滑，C物塊獲一初速度后勻減速下滑，放上D物塊后D物塊靜止在斜面上，四個(gè)斜面體均保持靜止四種情況下斜面對(duì)地面的壓力依次

4、為F1、F2、F3、F4，則它們的大小關(guān)系是()圖4AF1F2F3F4BF1F2F3F4CF1F2F4F3DF1F3F2F46如圖5所示，質(zhì)量為M的木楔ABC靜置于粗糙水平面上，在斜面頂端將一質(zhì)量為m的物體，以一定的初速度從A點(diǎn)沿平行于斜面的方向推出，物體m沿斜面向下做減速運(yùn)動(dòng)，在減速運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法中正確的是()圖5A地面對(duì)木楔的支持力大于(Mm)gB地面對(duì)木楔的支持力小于(Mm)gC地面對(duì)木楔的支持力等于(Mm)gD地面對(duì)木楔的摩擦力為07舉重運(yùn)動(dòng)員在地面上能舉起120 kg的重物，而在運(yùn)動(dòng)著的升降機(jī)中卻只能舉起100 kg的重物，求升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的加速度；若在以2.5 m/s2的加速度加

5、速下降的升降機(jī)中，此運(yùn)動(dòng)員能舉起質(zhì)量多大的重物？(取g10 m/s2)答案精析1B由題圖甲、乙可知，人的重力等于500 N，質(zhì)量m50 kg，b點(diǎn)位置人處于失重狀態(tài)，c、d、e點(diǎn)位置人處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤，B正確；d點(diǎn)位置傳感器對(duì)人的支持力F最大，為1 500 N，由Fmgma可知，d點(diǎn)的加速度ad20 m/s2，f點(diǎn)位置傳感器對(duì)人的支持力為0 N，由Fmgma可知，f點(diǎn)的加速度af10 m/s2，故d點(diǎn)的加速度大于f點(diǎn)的加速度，選項(xiàng)D錯(cuò)誤2D由于受到空氣阻力，在上升和下降過程中，小球和盒子的加速度均不等于重力加速度，小球?qū)凶拥淖饔昧粸榱悖x項(xiàng)A錯(cuò)誤；在上升過程中，重力與阻力方向

6、相同，加速度大小大于g，盒子頂部對(duì)小球有向下的作用力，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在下降過程中，重力與阻力方向相反，加速度大小小于g，盒子底部對(duì)小球有向上的作用力，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由功能關(guān)系可知，盒子上升時(shí)的速度大于返回到拋出點(diǎn)時(shí)的速度，根據(jù)題述，盒子所受空氣阻力與速度成正比，因此在拋出點(diǎn)，盒子上升時(shí)所受的阻力大于返回時(shí)所受的阻力，選項(xiàng)D正確3C小明乘坐電梯從一層直達(dá)十層過程中，一定是先向上加速，再向上勻速，最后向上減速，運(yùn)動(dòng)過程中加速度方向最初向上，中間為零，最后向下，因此先后對(duì)應(yīng)的狀態(tài)應(yīng)該是超重、平衡、失重三個(gè)狀態(tài)，C對(duì)4C貨物隨車廂一起斜向上加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知車廂與貨物的重力和懸臂對(duì)車廂作用力的合

7、力方向應(yīng)與加速度方向一致，故懸臂對(duì)車廂的作用力方向是斜向上的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；由于車廂和貨物在豎直方向有向上的分加速度，處于超重狀態(tài)，故懸臂對(duì)車廂的作用力大于(Mm)g，選項(xiàng)C正確；同理，對(duì)車廂中貨物用隔離法分析可知，車廂對(duì)貨物的作用力大小大于mg，方向是斜向上的，但不平行于纜繩，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤5C設(shè)物塊和斜面體的總重力為G.A物塊勻加速下滑，加速度沿斜面向下，具有豎直向下的分加速度，存在失重現(xiàn)象，則F1G；D物塊靜止在斜面上，合力為零，斜面體保持靜止?fàn)顟B(tài)，合力也為零，則系統(tǒng)的合力也為零，故F4G.故有F1F2F4F3，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤6A物體m沿斜面向下做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向沿斜面向上，

8、則其沿豎直向上的方向有分量，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，故A正確，B、C錯(cuò)誤；物體加速度沿水平方向的分量向右，說明地面對(duì)木楔的摩擦力方向水平向右，故D錯(cuò)誤72 m/s2，方向向上160 kg解析運(yùn)動(dòng)員在地面上能舉起m0120 kg的重物，則運(yùn)動(dòng)員能發(fā)揮的向上的最大支撐力Fm0g1 200 N.在運(yùn)動(dòng)著的升降機(jī)中只能舉起m1100 kg的重物，可見該重物超重了，升降機(jī)應(yīng)具有向上的加速度，設(shè)此加速度為a1，對(duì)重物由牛頓第二定律得Fm1gm1a1，解得a12 m/s2.當(dāng)升降機(jī)以a22.5 m/s2的加速度加速下降時(shí)，重物失重設(shè)此時(shí)運(yùn)動(dòng)員能舉起的重物質(zhì)量為m2，對(duì)重物由牛頓第二定律得m2gFm2a2，解得m2160 kg.