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1、答案1、【答案】B【解析】由整體法可判斷，小車與墻壁之間無作用力，小車受到重力、地面的支持力、物體對小車的壓力和摩擦力，共4個(gè)力作用，故B正確。2、【答案】A 【解析】 由題圖可知，小車向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，其加速度大小a=gtan。；小車對物塊B向右 的靜摩擦力為f=ma=mgtan 0 ;豎直向上的支持力N=mg,小車對物塊B產(chǎn)生的作用力的大小為F=、t - =mg.二二一-, 方向?yàn)樾毕蛴疑戏?，故A正確。3、【答案】B D【解析】 根據(jù)虛線近似，小車應(yīng)先勻加速，再勻速，最后勻減速，B正確；由v-t圖線斜率表 示小車的加速度可知，在ti時(shí)刻虛線反映的加速度比實(shí)際的大 ，C錯(cuò)誤；因在0ti時(shí)間內(nèi)

2、，虛線與t軸所圍面 積小，故此段時(shí)間內(nèi)虛線所對應(yīng)的平均速度也較小 ,D正確;v-t圖線只能描述直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤。4、【答案】A B、C【解析】 根據(jù)開普勒第二定律，月球從近地點(diǎn)到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)過程中 ，速度逐漸減小，萬有 引力做負(fù)功，A、C錯(cuò)誤；因?yàn)殡S著地、月之間距離變大 ，萬有引力減小，向心加速度也變小，B錯(cuò)誤；月球運(yùn)動(dòng)過 程只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，D正確。5、【答案】C 【解析】 對環(huán)狀物體，繩的拉力對其做正功，物體的動(dòng)能增加，D錯(cuò)；但這個(gè)力為變力，它做的 功等于恒力F做的功，恒力F做的功等于F與它作用的繩伸長的距離的乘積 ，從a到b繩伸長的距離大于從 b到c繩伸長的距離，根據(jù)動(dòng)能定理，C

3、對。6、【答案】B、C【解析】繩子對兒童的拉力和兒童對繩子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反,故A錯(cuò)誤；兒童從井內(nèi)加速向上運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律得繩子對兒童的拉力大于兒童白重力，故B正確；消防員對繩子的拉力與繩子對消防員的拉力是一對作用力和反作用力，故C正確；消防員對繩子的拉力與繩子對兒童的拉力作用在不同物體上，不是一對平衡力，故D錯(cuò)誤。7、【答案】A C D【解析】根據(jù)P=Fv知，因?yàn)樗俣仍龃?，則牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律得 a=一,知加速度減小，故選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；因?yàn)楣β什蛔?，則牽引力做功 W=Pt,由動(dòng)能定理可知，牽引力與阻力的合力做 的功等于動(dòng)能的變

4、化量，所以牽引力做功不等于 'mB,故選項(xiàng)B正確,D錯(cuò)誤。28、【答案】B、D【解析】 由圖可知前10s內(nèi)材料的加速度 a=0.1m/s 2,由F-mg=ma可知懸線的拉力為 1 515N,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由圖象面積可得整個(gè)過程上升高度是28m,下降的高度為6m,46s末材料離地面的距離為 22m,選項(xiàng)B正確；因3036s材料加速度向下，材料處于失重狀態(tài)，F(xiàn)<mg;前10s材料處于超重狀態(tài)，F(xiàn)>mg,鋼索最容易 發(fā)生斷裂，選項(xiàng)C D錯(cuò)誤。9、【答案】A D【解析】根據(jù)能量守恒定律可知，在此過程中減少的重力勢能mgh=A Ep+W所以物體重力勢能減小量一定大于 W,不能確定彈簧彈

5、性勢能增加量與W的大小關(guān)系，故A正確,B錯(cuò)誤；支持力對物體做負(fù)功，所以物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少量為W所以C錯(cuò)誤；若將物體從A處由靜止釋放，從A到B的過程,根據(jù)動(dòng)能定理： Ek=mgh-W$=mgh-A曰二亞所以D正確。心 Mmv210、【答案】A B、D【解析】地球同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)同步，周期為24h,選項(xiàng)A正確；由G =mg=m;-r=mFT7,可知選項(xiàng)B正確T=2(R+h)2產(chǎn) 產(chǎn)可知,g=3F,該衛(wèi)星所在處的重力加速度和地面處的重力加速度之比是T3該衛(wèi)星周期與近地衛(wèi)星周期之比為卜:，,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；!mG叫?=二,選項(xiàng)D正確。 RaZ 2 R+h11、【答案】B C【解析】選.樹枝對

6、小鳥的合作用力是支持力和摩擦力的合力，由二力平衡得，它與小鳥重力等大反向，因小鳥所受重力不變，所以樹枝對小鳥的合作用力不變，A項(xiàng)錯(cuò)誤.由受力分析圖可知，樹枝對小鳥的摩擦力先減小后增大，對小鳥的彈力先增大后減小，所以B、C項(xiàng)對，D兩項(xiàng)均錯(cuò)誤.12、【答案】D【解析】 通過v t圖象可知，在02.5 s內(nèi)，物體沿正方向做加速度逐漸減小的減速直 線運(yùn)動(dòng)，在2.5 s時(shí)減為零；在2.54 s內(nèi)，物體沿負(fù)方向做加速度逐漸增大的加速直線運(yùn)動(dòng)；整個(gè)過程 中物體的加速度始終沿負(fù)方向，故A B、C錯(cuò)誤.04 s內(nèi)，速度變化量A v=(-3-5) m/s =- 8 m/s ,故D正確.13、【答案】A【解析】由于

7、系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，A B兩球在同一水平線上，因此懸線OA豎直，輕桿中的彈力為零，小球 B受豎直向下的重力、沿懸線 OBM向上的拉力和 F的作用而處于靜止?fàn)顟B(tài)，三力的合力 為零，表示三力的線段構(gòu)成封閉三角形，由于重力的大小及方向不變，懸線拉力的方向不變，由幾何關(guān)系可知，當(dāng)F的方向與 OB垂直且斜向右上方時(shí)，F(xiàn)最小，由幾何關(guān)系可知，此時(shí)F= Gsin 45 ° =選項(xiàng)A 正確.A正確.若14、【答案】A、C、D【解析】 推力變化，物體仍保持靜止，說明物體與斜面間摩擦力變化，故F1F2Vmsin8 ,則Ff=m§in0 F,Ff 隨推力增大而減??；右F2> Fi>

8、mgsin0 ,則Ff =F mgsin0Ff隨推力增大而增大，若 Fi < mcsin 0 隨推力增大，F(xiàn)f先減小到0,再反向增大，故 B錯(cuò)，C D正確.15、【答案】A【解析】嫦娥三號(hào)懸停時(shí)，其合力為零，設(shè)月球的質(zhì)量為E由平衡條件可得:MmF-GR2 0,FR則m 加 選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B、C、D錯(cuò)誤.MG16、【答案】（1）1.63.2（2）見解析 （3）實(shí)驗(yàn)前沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠【解析】（1）AC這段位移的平均速度等于AC這段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度 ，即點(diǎn)的瞬時(shí)速度，故Vb=AB-BC4 5<0.02m/s=1.6m/s 。由逐差法求解小車的加速度,a=i；CD+D

9、E)-i；AB+BC) (71+7,72-6.19-6,70j x4 <(2X0,02 Ism/s2=3.2m/s 2。（2）將坐標(biāo)系中各點(diǎn)連成一條直線，連線時(shí)應(yīng)使直線過盡可能多的點(diǎn)，不在直線上的點(diǎn)應(yīng)大致對稱地分布在直線的兩側(cè)，離直線較遠(yuǎn)的點(diǎn)應(yīng)視為錯(cuò)誤數(shù)據(jù)，不予考慮，連線如圖所示：（3）圖線與橫軸有截距，說明實(shí)驗(yàn)前沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠。1.51.02,0-. DIJJ. -_TQ 一二一*Im -rll-,='=>'二E= C-=;-T-l!-二I1：-1'，-5'il-T-T-l- E?,-1s.l，er?>3 十事-L ;3寸17

10、、【答案】7.627.56【解析】根據(jù)測量數(shù)據(jù)，重物從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)下落的高度h=0.777 6m,故重力勢能減少量Ab=mgh=1.00X9.80 X 0.7776J=7.62J,重物動(dòng)能的增加量A Ek=;m； - 呼系根據(jù)實(shí)驗(yàn)情況，重物在。點(diǎn)的速度V0=0,C點(diǎn)的速1度Vc等于重物從B點(diǎn)到D點(diǎn)這一段時(shí)間A t=2 X s內(nèi)的平均速度。由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得Vc=-=°，3j/3 i"°13m/s=3.8875m/s,重物的動(dòng)能增加量A丘二m二X 1.00 X 3.887 5 2J=7.56J。At 2K2 L 25018、【答案】（1）電子 （2）下滑的位移x mg

11、x （3）過原點(diǎn)的直線 滑塊的質(zhì)量 M 2 At【解析】（1）由打出的紙帶可知B點(diǎn)的速度為vb= * ;2dt（2）由做功定義式可知還需要知道滑塊下滑的位移x,由動(dòng)能定理可知 W合=A Ek, 即mgx=A R;（3）v 2-W圖象應(yīng)該為一條過原點(diǎn)的直線，根據(jù)圖象還可以求得滑塊的質(zhì)量M19、【答案】（1）見解析30 m/s （2）10 m/s【解析】（1）航母靜止時(shí)，艦載機(jī)靠發(fā)動(dòng)機(jī)加速，加速度 a=5 m/s2,初速度為V0=0,位移L=160 m,末 速度為VI.由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v2-v2=2aL解得vi=40 m/s< 50 m/s,故艦載機(jī)不能靠自身的發(fā)動(dòng)機(jī)從艦上起飛.彈射裝置給艦載機(jī)

12、的初速度為V2,起飛速度為v=50 m/s ,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 v2-v2=2aL解得V2=30 m/s ,故彈射裝置給艦載機(jī)的初速度至少為30 m/s.(2)設(shè)艦載機(jī)起飛所用的時(shí)間為t,位移為L2,航母的位移為Li,勻速航行的最小速度為V3.由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v= V3+ at, v2v2=2aL2, Li=V3t, U=L+ Li聯(lián)立解得，航母勻速航行的最小速度V3= 10 m/s.20、【答案】(1)0.4m/s(2)0.08(3)0【解析】(1)滑塊的線速度大?。簐=w r=0.4m/s(2)由牛頓第二定律得滑塊受到的最大靜摩擦力：Ff =mo 2r =4N由于最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則：F

13、f=mg解得：科 上二二0.08mg(3)靜摩擦力方向始終與速度方向垂直，故摩擦力做功W=Q一一221、【答案】(1) 42gR -(mgHb 2mgR (2) -R312_【解析】(1)游客從B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，有 2R= VBtR= 2gt212由式得 VB= y頌從A到B,根據(jù)動(dòng)能定理，有 mH R) + W= 2mw0由式得 W= - ( mgH-2mgR.(2)設(shè)OP與OB間夾角為0 ,游客在P點(diǎn)時(shí)的速度為vp,受到的支持力為 N從B到P由機(jī)械能守恒定律，有mg(R-R?os 8)=2mP0 過P點(diǎn)時(shí)，根據(jù)向心力公式，有mgos 8 N= mR_h_,，2N= 0 cose=R由式解得

14、h=3R22、【答案】(1)17.2 N (2)2 m/s (3)0.65【解析】(1)物塊從C點(diǎn)到E點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，由h = 2gt2,得t=0.4 s ,vc= X= 3 m/s2 vc由牛頓第二定律知：Fn mg= mR解得Fn= 17.2 N由牛頓第三定律知物塊在C點(diǎn)時(shí)對圓弧面的壓力大小為17.2 N. 1212(2)從 B點(diǎn)到 C點(diǎn)由動(dòng)能te理，知mgR- mgRos 37="2mc- 2mv解得 vb= 2 m/s.2由牛頓第二定律，知(3)從 A點(diǎn)到 B 點(diǎn)，由 vb= 2aL,得 a= 2 m/s24解得 =0.65.3 7mgsin 37 ° + Fcos 37 ° ( mgpos 37 ° Fsin 37 ° ) = ma